考生注意事项：第Ⅱ卷（非选择题共56分）1.请用0,5毫米黑色签字笔在答题卡上作答，在试题卷上答题无效。【一)第北题为必考题，每作纸签须作试第2着2题为选考题，考生根据要求作答。(一)必考题：共46分。23.阅读图文材料，完成下列要求。(14分)抗传统林业红济是通过森林的培有香显，以产出木材而获取经济效益的产业。林下经济，指的是以林是资车生志地喜林院精出大材抗收超济效的产是林清分指帕生地资源和林防优势从事林下种拉、朱殖等正休复合生产经营模式从而使农林孩各业实现资深共享霜环相生、协调发展的生态农业模式。图8为我国某地林下养鸡模式景观图图81)从地形气候角度，指出我国适宜发展林下经济的地区，并说明理由。(4分)(2)分析农今发展林下经济带来的难态效益(4分)(3)从生态农亚角度，分析林下养禽的经济优势。(6分)24.阅读图文材料，完成下列要求。(16分)坦桑尼亚矿产资源丰富，现已查明的主要矿产有金、金刚石、铁、镍、磷酸盐、谍、天然气、各类宝石、铜、锡等目前除天然气、黄金、镍等矿产有较大规模开发外其他矿产资源仍未得到有效开发利用，潜力巨大。併且已知矿产的埋藏深度大多在200m以内，还有很多露天矿床，较易于开采。自前已有国外多家矿业开采公司在坦桑尼亚注册开发矿产资源。/矿业已成为坦桑近年来增长最快的产业，亦是非传统产品出口创汇第一大产业，近年来政府制定了一系列优惠的矿业投资政策，以求吸引更多的投资者来此寻找矿藏图9示意主要矿产分布。坦桑尼亚0黄金☆☆金刚石■煤炭0天然气图9(1)从自然条件角度，分析坦桑尼亚矿业开采的优势条件(4分)(2)近年来，矿业已成为坦桑尼亚增长最快的产业，就此作出合理解释。(6分)(3)推测坦桑尼亚矿产资源的大规模开发可能带来的主要生态环境问题。(6分】地理试卷第5页（共6页）】

100所名校高考模拟金典卷·生物学（五）23新高考JD生物学-LN100所名校高考模拟金典卷·生物学（五23新高考JD生物学-LN答案D二、选择题（本大题共5小题，每小题3分，共15分。在每小题给出解题分析根据题干信息可知，“引子”是一段DNA序列，彻的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全底水解产物有磷酸、脱氧核糖和4种含氨碱基，共6种产物，A项正部选对的得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。)确；由于线粒体中也含有DNA,因此设计“引子”的DNA序列信息16.我国科学家发现，高等动物的体细胞在分裂时存在“染色体非还可以来自线粒体DNA,B项正确；根据题干信息可知，我国考古随机分配”的现象：DNA无损伤的染色体移向一个子代细胞，学家利用现代人的DNA序列设计并合成了“引子”，说明设计“引该细胞保留了增殖能力，而DNA损伤的染色体都被“隔离”到子”前不需要知道古人类的DNA序列，C项正确；土壤沉积物中的了另一个子代细胞中，该细胞倾向于发生细胞周期阻滞或细胞古人类双链DNA需要经过提取，且在体外经过加热解旋后，才能死亡。下列相关叙述正确的是与“引子”结合，而不能直接与引子结合，D项错误。A.“染色体非随机分配”依赖于纺锤丝的牵引B.“染色体非随机分配”产生的子细胞遗传物质不同C.用X射线处理不影响“染色体非随机分配”现象的发生D.“染色体非随机分配”可能有利于肿瘤细胞的生长100所名校高考模拟金典卷·生物学（五）23新高考JD生物学-LN100所名校高考模拟金典卷·生物学（五）23新高考JD生物学-LN15.【典型情境题】为研制抗病毒A的单克隆抗体，某同学以小鼠甲答案ABD为实验材料设计了以下实验流程。下列说法错误的是解题分析在细胞分裂过程中，纺锤丝牵引着染色体移向细制备单细胞悬液筛选1储选2胞的两极，因此“染色体非随机分配”也依赖于纺锤丝的牵引，A项小鼠甲士，B淋巴细胞正确；分析题干可知，“染色体非随机分配”产生的子细胞遗传物质骨髓缃细胞一合细重条交细图絷交的克座不同，B项正确；X射线可引起基因突变，造成DNA损伤，所以用A.实验前必须给小鼠甲注射病毒A以获得产生相应抗体的BX射线处理会促进“染色体非随机分配”现象的发生，C项错误；由淋巴细胞题干信息可知，“染色体非随机分配”可能有利于肿瘤细胞的生长，B.可将小鼠甲脾脏剪碎并用胰蛋白酶等处理后，加培养液制成D项正确。单细胞悬液C.图中筛选1和筛选2所依据的基本原理是相同的D.杂交瘤细胞需要在含95%空气和5%CO2的混合气体培养箱中进行培养100所名校高考模拟金典卷·生物学（五）23新高考JD生物学-LN100所名校高考模拟金典卷·生物学（五）23新高考JD生物学-LN答案C17.某地区少数人的一种免疫细胞的表面受体CCR5的编码基因解题分析实验前必须给小鼠甲注射病毒A,该处理的目的发生突变，导致受体CCR5结构改变，使得HIV-1病毒入侵该是诱导小鼠甲产生能够分泌抗病毒A抗体的B淋巴细胞，A项正免疫细胞的概率下降。随时间推移，该突变基因频率逐渐增确。取小鼠甲脾脏剪碎并用胰蛋白酶等处理，使其分散成单个细加。下列有关叙述错误的是胞，加入培养液制成单细胞悬液，B项正确。图中筛选1需要用到A.该突变基因的出现是自然选择的结果选择培养基，只有杂交瘤细胞可以存活；筛选2是为了获得能产生B.该突变基因丰富了人类种群的基因库特定抗体的杂交瘤细胞，该过程要用到抗原一抗体杂交，故筛选2C.该突变基因频率的增加使人群感染HIV-1的概率上升所依据的原理是抗原一抗体反应具有特异性，C项错误。杂交瘤细D.通过药物干扰HIV-1与受体CCR5的结合可抑制病毒繁殖胞需要在含95%空气和5%CO2(维持培养液的pH)的混合气体培养箱中进行培养，D项正确。23新高考·D·生物-LN

100所名校高考模拟金典卷·生物学（六）23新高考JD生物学-LN100所名校高考模拟金典卷·生物学（六）23新高考JD生物学-LN15.在太空育种过程中，由于受到太空环境因素的作用，某作物的菌株A菌犊BHlix基因突变导致该基因的一条链缺少了5个脱氧核苷酸，混合Hli.x基因突变后表达的相应的酶中氨基酸数目减少了8个，使得作物产量增加。下列叙述错误的是没有菌落、没有菌落A.Hix基因突变后参与复制所需要的嘌呤脱氧核苷酸的比有没有菌落没有菌落例不变图1图2B.Hlix基因的一条链缺少5个脱氧核苷酸可能导致酶的合A.配制培养基过程中，灭菌后立即倒板成过程提前终止B.不同菌株间充分接触才可能交换遗传物质C.突变前后的Helix基因表达过程中所需的tRNA种类可能C.菌株A、B相互为对方提供必需的氨基酸相同D.培养过程中已突变的基因能再次发生突变D.Hlix基因突变一定导致突变体与原低产品种之间产生生殖隔离100所名校高考模拟金典卷·生物学（六）23新高考JD生物学-LN100所名校高考模拟金典卷·生物学（六）23新高考JD生物学-LN答案D答案BD解题分析本题考查基因的表达和基因突变的相关知识。解题分析本题考查微生物的培养。培养基灭菌后冷却至50Hlix基因突变导致该基因的一条链缺少了5个脱氧核苷酸，从而℃左右时，在酒精灯火焰附近倒板，A项错误；由图1和图2可使终止密码子提前出现，翻译提前终止，表达的相应的酶中氨基酸知，将菌株A和菌株B混合后，不同菌株间充分接触后才可能交换数目减少了8个。Hli.x基因突变后仍然是互补配对的双链遗传物质，从而可以弥补菌株A和菌株B的不足，使其能在基本培DNA,复制时遵循碱基互补配对原则，即嘌呤脱氧核苷酸数等于嘧养基上生长，B项正确；由图1和图2可知，菌株A和菌株B含有啶脱氧核苷酸数，比例不变，A项正确；Hlix基因的一条链缺少不同的突变基因，将两者混合后可能交换了遗传物质，弥补了菌株了5个脱氧核苷酸，且编码的氨基酸少了8个，可能是翻译提前终A和菌株B的不足，而不是两者相互为对方提供必需的氨基酸，C止所致，B项正确；突变前后的Helix基因表达过程中产生的mR项错误；基因突变具有随机性，因此混合培养过程中已突变的基因NA含有的密码子种类可能相同，则所需的tRNA种类可能相同，C可能再次发生突变，D项正确。项正确；Hlix基因突变只是改变了该种生物的一个基因，一般不会导致突变体与原低产品种之间产生生殖隔离，D项错误。100所名校高考模拟金典卷·生物学（六）23新高考JD生物学-LN100所名校高考模拟金典卷·生物学（六）23新高考JD生物学-LN二、选择题（本大题共5小题，每小题3分，共15分。在每小题给出17.【典型情境题】科学家朱利叶斯和帕塔普蒂安因发现温度受体的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全获得了诺贝尔生理学或医学奖。他们发现TRPM8是冷觉受部选对的得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。)体，薄荷中的薄荷醇与TRPM8受体结合，能和寒冷刺激一样16.野生型大肠杆菌能够在基本培养基中生长，突变菌株A和突变使机体产生“冷”的感觉。TRPV1是热觉受体，辣椒中的辣椒菌株B由于不能自己合成某些营养素而不能在基本培养基上素与TRPV1受体结合，能和高温刺激一样使机体产生“热”的生长。科研人员利用菌株A和菌株B进行了如下两个实验感觉。下列相关叙述正确的是实验一：将菌株A和菌株B混合后涂布于基本培养基上，结果A.形成冷热感觉的中枢位于大脑皮层如图1。实验二：将菌株A和菌株B分别置于U型管的两侧，B.TRPV1受体被激活后导致K+内流中间由过滤器隔开，加压力或吸力后，培养液可以自由流通，但C.TRPV1与TRPM8的空间结构相同细菌细胞不能通过，经几小时培养后，将菌液A、B分别涂布于D.冷热感觉产生的过程可能存在胞吐现象基本培养基上，结果如图2。下列推测正确的是23新高考·D·生物-LN

(二)选考题：共15分。请考生从给出的2道物理题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。4.[选修3(1)(533.[选修3-3模块](15分)0.3(1)(5分)下列说法正确的是。(填正确答案标号。选对1个得2分，图选对2个得4分，选对3个得5分。每选错1个扣3分，最低得分为0分)为A.气体分子的热运动越剧烈，气体的温度一定越高B一定质量的0℃的冰熔化成0℃的水，其分子势能减小C一个物体的内能增加，必定有其他物体对它做功或向它传递热量D.硬币或钢针能浮于水面上，是由于液体表面张力的作用E。烧热的针尖接触涂有蜂蜡薄层的云母片背面，熔化的蜂蜡呈椭圆形，说明蜂蜡是晶体(2)(2)(10分)如图所示，质量为M、高为H、底面积为S的绝热汽缸内部带有加热装置，汽缸顶部有挡板，用绝热活塞封闭一定质量的理想气体，用绳将活塞及汽缸悬挂在天花板上，开始时缸内气体温度为T。,活塞到汽缸底部的距离为O.5H。已知大气压强恒为p,忽略活塞和汽缸壁的厚度，不计一切摩擦，重力加速度为g。备①汽缸内气体的温度缓慢升高，求活塞刚碰到挡板时气体的温度。②在汽缸内气体的温度从T。升高到3T。的过程中，气体吸收的热量为Q,求气体内能的增加量。∠∠LL∠L∠LL☑H0.5H23【23·JD2022.1110516:24

而当a=名时，fx)-2x+ln,f1)名>0，f2-+1ne<0,男-个零点满足：，<1-e+号十x<-e+1,由1可知，当a<0时，f)在(-0,0)不(-名十∞)上分别单调递减，在(0,2)上单调递增，在x∈(-o∞，0)上，当x→0时，f(x)→-∞，当x→一∞时，f(x)→十∞，f(x)在x∈（一∞，0）上有且只有一个零点；在x∈(0，十∞)上，当x→0时，f(x)→一∞，当x十∞时，f(x)→一∞，为使f(x)有且只有两个零点，则f(x)在x∈(0，十∞)上有且只有一个零点，则需f(x)在x∈(0，十∞)的最大值fx)m=f(-3)=-2+2n(-月)=0，可得a=-是零点=-名=e;而当a=-己时，f(x)=-2x+1nx2,f(-1)=2>0,f(-2》日+n好由上面证明可知-2-。+n子0，六男-个零点满足-1<<一2e-1<十

此时{xx2-4x-a=0}即为{x|x2-4x+4=0}=2},所以元素之和为2.故答案为：2【点睛】本题考查根据元素与集合的关系确定参数，属于基础题15.集合A={xx<-1或x之1}，B={xax+2≤0}，若AUB=A,则实数a的取值范围是【答案】[-2,2)【解析】【分析】由AUB=A可得B三A,然后分B=O和B≠☑两种情况讨论即可【详解】AUB=A,.BSA,∴.①当B=☑时，即ax+2≤0无解，此时a=0,满足题意。②当B≠☑时，即ax+2≤0有解，a>0当a>0时，可得xS-2,要使85A,则需要2<-1'解得0

则：A(a,0,0),D(0,0,2),E(0,b,2),B(0,b,0),AD=(-a,0,2),DE=(0,b,0,AE=(-a,b,2）,CD⊥面ABC,∴.面ABC的法向量CD=(0,0,2).设面AED的法向量n=(x,y,),nAD,n DE,.y=0，不妨令x=2,y=0,:=0-x+2==0.n=(2,0,a,os(.c而=n.CDa I由题得：c可5+石万解得：a=1.7分:AC⊥面BCDE,面BCDE的法向量为CA=(L,O,O)lo(CA.AE-CA.AE园15+公年解之得：b=而…9分DE=(0,而，0，AB(-l,而，0)DE◆AB由题得：屁网到滑11v33异面直线DE与AB所成角的余弦值为√团10分619解：(1)随机变量X的所有可能取值为0,1,2,3，x=0=9+c号背号，Px=c:9片x=2=号-所以X的分布列为02319881“所以数学期塑00=0写+号+2+3号贸981.6分湖北省重点高中智学联盟2022年秋季高三年级10月联考参考答案第4页共8页

故选C,10.B【解析】因为a十b>ab,所以(-1)(b-1)<1.因为a,b∈N*,所成立是假命题，所以对任意的x∈合，2，使得2x-Xx十1≥0恒以(a-1)(b-1)∈N,所以(a-1)(b-1)=0,所以a=1或b=1.故选B.成立是真命题，即对任意的x[受，2]·使得≤21十上恒成立足§1.3简单的逻辑联结词、全称量词与存在量词真命题.令x)=2x+,则(x)=2x+>≥2√2z·王-22xx1.C【解析】由条件可知，原命题应为特称命题且为假命题，所以排除即λ2√2.BD又2-x+片-(x）≥0,2+2x+2=(x+102+1>0,放单元检测一选C1.C【解析】，A={x一10等价于5},故选C.2.D【解析】因为原命题为“Vx>2,x2十2>6”，所以其否定为“了xoVx∈R,c>0,命题“Vx∈R,1>0”的否定是“3∈R,,≤0”2,x6+26”故选B.3.A【解析】山题意可得x2-x-6<0,即-21知集合B=(1,十o∞)，对于命题q,y=cosx在(0，π)上单调递减，所以q为假命题.因此pAq所以AUB=(一2，+c∞).是假命题，pVg是其命题，p的否定为“3x∈R,一x。十Ax0十1>6”，4.B【解析】x2-2.zsin0+1=(x-sin0)2+1-sin20=(x-sin0)2正确.故选B.4.B【解析】命题“x∈[1,2]，x后≤a”等价于“a≥1”，即当命题“3xcos0≥0，∴p为真命题.当a=月时a十g受，m(e十8》=1，me∈[1,2]，x。≤a”为真命题时，实数a的取值组成的集合为[1，十∞)，所十sing=-√2，∴sin(a十B)>sina十sinB,∴.g为假命题，pA(q)以所求的一个充分不必要条件的选项所对的集合真包含于[1，十∞)，为真命题显然只有[1，十).故选B.故选B,5.Vx∈R,x2一x十1≠0【解析】因为特称命题的否定是全称命题，所以5D【解析】玲f)=2-sinx,x∈（受，x),则了(）=2x-cos>命题“3x∈R,x一x。十1=0”的否定是“Vx∈R,x2一x十1≠0”.6.3【解析】因为“3xo∈[一1,2]，x2一>1”为假命题，所以“Vx∈0,则函数f(x)=2-sinx在(，元)上单调递增，所以对Vx∈（乏[-1,2],x2一m1”为真命题，所以m≥x2一1对x∈[-1,2]恒成立，即m≥(x2-1)max=3.),x)>f(受）=T:,所以原命题为真命题的充要条件为a≤7B【解标在命题中，)-(+号）+1-在[-1，+)上是,故选D增函数，则-≤-1，即a≥2，所以Q=2只能是充分不必要条件，故6.A【解析】p,q都是假命题由：3x。∈R,m.x。十2≤0为假命题，命题p是假命题得Vx∈R,x2十2>0为真命题，∴.m≥0.在命题q中，g'(x)=1十3>0在x∈(0，+∞)上恒成立，故g(x)在由q:Hx∈R,x2一2m.x十1>0为假命题，得]x∈R,x。-2m.x0+1≤0(0,十x∞)上是增函数，为真命题，g(2)=ln2+6-8=ln2-2<0,g(3)=ln3+9-8=ln3+1>0,.A=(-2m)2-4≥0，得ms-1或m≥1.所以g(x)在(2,3)上存在唯一零点，即x∈[2,3]，.m≥l.所以当x∈[a,b],且b-a-1(a,b∈N)时，a-2,b-3,a+b-5,故命7.A【解析】因为9：|x+2a<3,题g是真命题，所以q:-2a3<2<-2a+3,因此四个选项中只有pVq是真命题.故选B.记A={x-2a-30时，ln<0,ln十n-0,故A正确；a>0,所以函数g(x)的值域是[2-a,2十2a],则有2-a产一1且2+2a≤3，即04等价于即实数u的取值范围是a>1,>2x2,解得0<<2，1故选C10(一2【解折】因为存在∈[合，2]·使得2-，十10所以使得2>4成立的一个充分条件只需为集合{女0

西★后用前辽宁省名校联盟2023年高三3月份联合考试物理命题人：大连市第二十四中学审题人：大连市第二十四中学杨雨中孙宇光于福元0本试卷满分100分，考试时间75分钟注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上2.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分：第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。6.1.如图所示，汽车a和b的位移时间（即xt)图像分别为直线和抛物线，则↑x/m23 t/sA.0~2s内a车做匀变速直线运动器B.0~3s内b车做匀变速直线运动C.0~2s内a车的均速度大于b车D.2~3s内两车的均速度相同2.2022年7月24日，长征五号B遥三运载火箭(“胖五”)成功发射，将问天实验舱送入太空，随后问天实验舱与天和核心舱完成在轨对接。9月30日，经过天地协同，问天实验舱完成转位，问天实验舱与天和核心舱组合体由两舱“一”字构型转变为两舱“L”构型，如图所示。问天实验舱转位前后，两舱组合体均可视为绕地心做匀速圆周运动。现有科学爱好者进行了一系列的设想，以下设想正确的是A.若问天对接前在较高轨道上，可制动减速，降低高度，追上天和，实现对接B.若问天对接前与天和在同一轨道上，可通过发动机加速，追上天和，实现对接C.若问天转位后在天和（假设天和轨道，姿态均不变）的下方，则两舱组合体的线速度稍稍变大D.若问天转位后在天和（假设天和轨道，姿态均不变）的上方，则两舱组3.氢原子的能级图如图1所示，若第3能级的氢原子向基态跃迁辐射光子，用这些光子照射图2电路合体的线速度稍稍变大中光电管的阴极金属K,电表A有光电流流过。上述实验材料、设备均不变，图2电路也不变的情况下，下列说法正确的是Eev光子拟电源图1图2物理！第1页（共4页）

答案0,F(t)单调递增，当t∈(，e)时，F(t)<0,F(t)单湖适减.所以Fs=,0=多6=多6-61n-e+1=√e-e+1<0,即3a-2aln2a-e+1<0在号0,f(x)单调递增，当x∈(x1,x2)时，f'(x)<0,f(x)单调递减，所以f(x1)>f(1)=0,f(x2)

所以6(x)在02上单调莲，布+上单调递减，则6(x)nmas22m≥，B错误，2e对于C选项，g(x)=1有两个根x,:,等价于函数8(x)-1有两个零点x,,主到[e)-可=1--：则s间-在Q)上华深送说，在以上运，因透数有零点，则[g(y-]n=g()-t=1-1<0→1>1设x0,g()-1<0,则00,得x>1时，e-2x>n(=e-2>0又e>1,则g(e)-t=e-21>0,g()-t<0.得11,则等价于，>>1，因gN)在L,+四)上单调递增。则无1g价于g)小又g(x2)=g(x)则ge)小[日于g)小[安)令F)-8)-82h,e@.Fa=1+日子日-j>0国F6在eoL蓬指，所以51不成立，故C错误；对于D选项，由A选项分析可知，8(x)在(1，+∞)上单调递增，f(x)=e-x,f'(x)=e-l,当x>0时f'(x)>0,则f(x)在(0，+o)单调递增，又f(x)=g(x)=t(t>2),f()=e-1<2,g(3)=3-ln3<2,

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5、广东省揭阳市榕城区2022-2023八年级下学期期末考试历史试题（图片版含答案）考试试卷

D中央通讯社公布国共合作宜言16.电影（长津湖·水门桥）讲述志感军战士在极端温囊的环境下三次炸桥和二次悲壮的用而不击的故事。负责阻击的志愿军战士无一人退缩，并保持战斗字列，最后化成了一座座“冰雕”。该

由题知：(x)=3/4()-L-x当x<1时，f'(x)>0,f(x)单调递增：当x>1时，f"'(x)<0,f(x)单调递减：·fw=f0=le…4分高三文科数学参考答案第2页共4页2)设F闭=f+gt-1=产+nx-am-F)=1=a+1-a=-mx+e…6分当a≤0时，F'(x)>0函数F(x)在(0，十0)上单调递增，不合题意…7分当a>0时，F()>0→01a'a所以函数F()在(0，)上单调递增，在(，+0)上单调递减所以x趋近0时，t趋近-o:x趋近+o时，t趋近-o1当x=上时，Fx(d)=F)=a+ln1-2aae方程f(x)+g(x)=1有两个不同的实根1所以4+1n1-2>0…9分ea设1(x)=X+nx-2,易知函数t)在(0，+0)上单调递增e又：te)=e+lne-2=0e…1分综上所述，a的取值范围是(0，马…12分b21.1)解：依题意可得V(a=22ab=4V3解得a=2,b=V5所以椭圆E的方程为号+-14分4+3(2)设直线：y=kx+m,P(x,),(x2,2),…5分曲：+m,3r4y12→(4+3)x+8%mx+4m2-12=0得.-8kmx+x3=4k2+3…6分55=4m-124k2+34=64k2m2-4(4k2+3)(4m2-12)=192k2-48m2+144,。授点气授七3+2，高三文科数学参考答案第3页共4页故6+=+m+c,+m.2西+2k(西+)+ms+)+4mx1+2x2+2xx2+2(x1+x2)+4_8km2-24k-16k2m-8km2+16k2m+12m三

当a>0时，若x∈(0，e),则f'(x)>0,若x∈(e,十∞)，则f(x)<0,所以f(x)在(0，e)上单调递增，在(e,十o∞)上单调递减，所以f(.x)mx=f(e)=&心当a=0时，f(x)为常数函数，显然不合题意；当a<0时，若x∈(0，e),f'(x)<0,若x∈(e,十∞)，则f(x)>0,所以f(x)在(0，e)上单调递减，在(e,十∞)上单调递增，所以f(x)有最小值，无最大值，不合题意。…3分因为g)-长，所以g(x)在(0,1)上单调递增，在(1，十∞)上单调递减，所以g(x)x=g(1)=。…4分则得a=15分因为()-f)-g)=-是所以Nx)=1,1e当10,1-x<0,所以h(x)>0,所以h(x)在(I,e)上单调递增，…6分又h(1)=-1<0,h(e)=1-￡=11_e-e>0,ee ee e eeiee故h(x)在(1，e)上有且仅有一个零点.……7分(2)解：由1知fx)-,所以efm）=m等价于fm）=2=fe)..8分又因为m∈(-∞，0)，所以f(n)<0,e∈(0,1)，所以lnn<0,00,所以(x)在(-∞，一1)上单调递减，在(-1,0)上单调递增，所以g)mg(-1）=一名，即当m=一1时，m的最小值为一日…12分21.解：1)因为椭圆C的方程为号+少=1，所以椭圆C的左顶点P(-2,0.…1分设直线AB的方程为x=y-1,A(x,y),B(x2,y2),x=my-1,联立方程组置+y=1,得m+40y2-2y-3=0.2m-3则y1十y2=m2+4n业=m2千4'…3分所以|AB引=√(1十m2)L(y十2)2-4y1y2]=4入1十m2)(m2+3)(m2+4)2…4分因为点P到直线AB的距离d=1,…5分√1+mm2+3所以Sw=合1ABd=2√00=2Vm+3开2m+3)市=2m2+3m+3+1+3+2【高三数学·参考答案第4页（共5页）文科】·23-299C·

·理数·参考答案及解析∴.x∈(-o∞，m]时，f(x)≥-的取值范围是（一号0]，故选Ax1十x2m∈(-0，号]故选B二、填空题11.D【解析】令t=f(x),由fP(x)-3f(x)十a=13.1【解析】令f(x)=0,即二1)1n2=0,即x-1x-30,得2-3t十a=0,设关于t的二次方程t一3t十a=0或lnx=0,∴x=1,故函数f(x)的零点为1.=0的两根分别为t1,t2,如图所示，14.[0,8)【解析】若命题“3x∈[-1,2)，2x2-a=0”elr-Il是真命题，则2x2-a=0在x∈[一1,2)有解，所以ae=2x2在x∈[-1,2)有解，因为x∈[-1,2)，所以2x2∈[0,8)，所以a∈[0,8)15.1【解析】当x>0时，由f(x)=llnx知，g(x)-2=f(x)一e的零点有两个，分别为x1=e和x2由于关于x的方程f(x)一3f(x)十a=0e.由题意f(一x)=f(x)可知函数f(x)为偶函(a∈R)有8个不等的实数根，则10,一e°，x4=-ee,所以x1·x2=e·ee=e°=l,x32,设g(t)=t-3t十a,则g(1)=a-2>0,解得2·x4=(一e)·(-ee)=e°=1，从而x1·x2·x3g(2)=a-2>0,。x4=1.4时，f(x)=x-4选D.>0,此时f(x)=x2-4x+3=0,x=1,3,即在(-∞，λ)上有两个零点；当A≤4时，f(x)=x-4=12.A【解析】当x∈[-7,1]时，f(x)=的0,x=4,由f(x)=x2一4x十3在（一∞，）上只能有图象关于直线x=一3对称，x∈[一7，一3]时，0≤一个零点得1<≤3.综上，入的取值范围为(1,3]Uf(x)≤2；x∈(-3,1]时01时，(4,十∞).f(x)=2+lnx>2,当x>1时f(x)是单调递增函1↑yy=x2-4x+3y=x-4数，所以x1十x2=一6，一7≤x1<-3,一31,f()十f(x)=-211r=+2+n=4,得1n=号+子，由-7<<三、解答题2217.解：(1)函数y=f(x)的图象如图所示：-3得0≤号+号<2，又>1，n>0,所以0

14.(12分)小澄同学通过网络查到汕头南站到汕尾站的线路距离为142m,所需时间为35.7分钟.她进而提出了以下模型：假设从汕头南站到汕尾站可近似视为直线，高铁在其间经历了匀加速、匀速和匀减速三个阶段，且匀加速和匀减速阶段的加速度大小相等.为进一步获取数据，小澄同学将质量为02kg的手机放在高铁的水桌面上，利用手机软件测量高铁启动时的加速度-时间图像如图(14.1)所示，忽略一开始的加速度测量误差，重力加速度g取10m/s2,求：(1)高铁启动过程中，手机所受摩擦力的大小；(2)按照该运动模型，根据计算判断高铁在汕头南站和汕尾站之间的最高时速能否达到350km/h?a/(m's2)0.50 bn图(14.1)t/s15.(16分)如图(15.1)所示，质量m=2kg的导体棒ab垂直放在相距为L=2m的足够长的行光滑金属导轨上，导体棒在电路中电阻为R=0.52,导轨面与水面的夹角037°，并处于磁感应强度大小为B、方向垂直导轨面向上的匀强磁场中.图(152)的行金属板长度为1=20cm,间距为d=6cm,带负电的粒子沿板方向以速度o=1×10s进入金属板.不计粒子重力和粒子间的相互作用.（金属导轨电阻不计，sin37°=0.6，cos37°-0.8，g取10m/s2)(1)开关S接1时，导轨与E=6V;内阻r=0.52的电源连接.此时导体棒恰好静止在导轨上，求磁感应强度B的大小；(2)开关S接2时，导轨与定值电阻R0=22连接.静止释放导体棒，当导体棒运动状态稳定时，将行金属板接到Ro的两端，所有粒子恰好均能被金属板的下板收集，求粒子的比荷；(3)在(2)中，若导体棒从静止释放至达到最大速度的过程中，电阻R产生的热量2=3J,求此过程中流过R的电荷量q.B0←-⊙粒子0←-曰o←_Q0图(15.1)图(15.2)2024年汕头市普通高考第一次模拟考试高三物理第6页（共6页)

+-1(2)易知R(8,6k),联立0y=k(x-2)整理得(4k2+3)x2-16k2x+16(k2-3)=0,设.Qe2.则+=，=，16k2动11k1+k2=x=t=2旅-3×nm2改-3×六x1+x2-4-=2k-12【伴10常面线C的数方程-子用去，角C伦还方利为y-,又乌=管号=kk+=2水，“等于定值2，得正。,代入y=元，21、【答案】解：(1)由题意知函数的定义域为(0，+∞)，且因为10，所以20，将=as0y=m0,0受+低ef0=x-(a+)+x=3是f的极值点，f(3)=3-a+)+号=0，解得a=3,得psin6os0=元，即psin20=22,0≠+k侃，keZ2,即为C的极坐标方程，当a=3时，f'()=-cX当x变化时，由直线！的方程0623psin0-）(0,1)1(1,3)3(3,+∞)化简海立in0-s0-2化简得x-V3y+4=0,即为1的直角坐标方程f'(x)+00+（2)将直线°臣代入Pin20-2,得P2-42,即A=2A=-2瓦f(x)单调递增极大值单调递减极小值单调递增故以AB为直径的圆圆心为0，半径”=2√元故f(x)的单调递增区间为(0,1)，(3，+∞)，单调递减区间为(1,3)d=-413圆心0到直线/的距离市乙，由已知得2反-2，解得.极大值为f(1)=2,极小值为F(3)=3m3-2。23.【详解】(1)当a=-1时，f9<4等价于x-1+x-3K4,(2)要使得f)≥1恒成立，即当x>0时，-(a+1)x+anx≥0恒成立，当x≤1时，1-x+3-x<4→-2x<0,则00得：x>1,所以g(x)的单增区间为(1，+∞)，故90n=g()=-a之0，符0≤片，(2)f=k+a+r+3ax+a-r+3a2a,当且仅当c+ax+3a)s0等号成立，i.当00得：01,所以g(x)的单增区间为(0，a),(1,+o).fW2a2,即a2=L,a-ma+侧=4.=4+m=1此时9（四）=-a<0,不合题意；w-”j-s高a-9,4ii当Q=1时，g)≥0恒成立，所以g)在R上单调递增，且9（①）=-a<0,不合题当且仅当(m=mm24,即m)2=2肌m=3,2=6时，等号成立，放m2+n?”的最意；小值为9.iw.当a>1时，由g(x)<0得：10得：0a,所以g()的单增区间为(0,1)，(a,+o),此时9(1=-a-2<0,不合题意：综上所述：f)之1恒成立，a的取值花围为(-0，引.第2页，共2页

1-3k2≠0，△=(-12k2)2-4(1-3k2)(-12k2-3)>0,12k2所以x+41广3<0，得2>13x4=12水33>0，●设△GQF2的周长为之，z=1GF2|+|QF2|+|GQ=23+GF|+23+|QF|+|GQI=43+21GQ=48+2v1中V+)=4。-4,3+21HE/)4)脉=43+2v1+·√哥=4543出日人&g,由泽0三B+48x中68+8t3t32,t>0,所以z(l5,+综上，由①@可得△GQF:的周长的取范国为[16，+)…12分21.（本小题满分12分)已知函数f(x)=(x+n)lnx.(1)若n=1,求函数g(x)=f(x)一b(x一1)(k>2)的零点个数，并说明理由；(2)当n=0时，若方程f(x)=b有两个实根x1,x2,且x10),.k>2,,4=4k(k-2)>0,所以p(x)有两个零点x1,x2,其中x1十x2=2k-2>0,x1x2=1>0,不妨令00,则x∈(0,1)U(x2,十o∞)；令h'(x)<0,则x∈(x1,x2),所以h(x)在区间(0，x1),(x2,十∞)上递增，在区间(x1,x2)上递减又.0h(1)=0>h(x2),又.若x→十∞时，lnx十∞，显然h(x)→+o∞，十时，lnx一ooz1>k显然h(t)根据零点存在定理和单调性可知h(x)在(0,1)，(1，十∞)有两个零点，所以g(x)总共有3个零，点.…………6分理科数学试题第34页

由(1)得F(0,2),依题知∠CFD=5,即F心·F市=0，F心=(x为-2)，F市=(x4y-2),即x3x4+（y3-2)(y4-2)=0,①…………8分又C,D在直线1上，所以y=2x+n,y4=2x4+n,代入①式得xx,+(合+n-2)(2+n-2）=0,整理得号x+2(n-2)(x,+x)+(m-2)2=0,又x3十x4=4,x3x4=-8n,代入得n2-12n=0,又n≠0，解得n=12,…10分设圆心G,则=2=号=2%=合十n=1+12=13,2所以圆心G(2,13),r=|GF|=√(2-0)2+(13-2)=5√5，所以圆G的面积为πr2=π(5√5)2=125元.……12分21.【解】(1)若a=2,则f(x)=ln(x+1)-2x十2，f(0)=2,…1分fx=-2.则了0)=-1.…3分所以切线方程为y一2=一（x一0)，即x十y一2=0.…5分(2)由题意得ax≤(x+1)[ln(x+1)+2],当x=0时，a·0≤2，a∈R;6分当x>0时，a≤x+1)ln(x+1)+2]2设g(x)=x+l)nx+1D)+21,g'(x)=-2-ln(x+1Dx2x+7>0,设h(x)=x-2-ln(x+1),h'(x)=…………………8分则h(x)在(0，十∞)单调递增，……9分h(3)=1-ln4<0,h(4)=2-ln5>0,所以3xo∈(3,4)使得h(xo)=0,即xo-2=ln(xo+1).…10分则有g(x)在(0，xo)单调递减，在(xo,+o)单调递增，g(x)≥g(xo),所以a≤g(x)=（+1Dl(+1)+21=（+1)[-2)+21=+1,To因为xo∈(3,4)，所以x0+1∈(4,5)，所以整数a的最大值为4.…12分(二)选考题：共10分.请考生在第22、23题中任选一题作答.如果多做，则按所做的第一题计分，【选修4一4：坐标系与参数方程】x=-3+322.【解】(1)将直线l的参数方程消去参数t,得1的普通方程为4x一3y+9=0,y=-1+52分5

=头，号-3(4+4)+9+为-80n+)+4=02-子[(+w)-23m为]+9+n为-21+为)+4--4+87+9-4-8+4=-12-8+4=-12(+号)+9，16当1=号时.应.取得最大值为，此时直线1的方程为3x十y一3=0.…12分21.解：(1)由题知g(x)=x2-1-2sinx,g'(x)=2x一2cosx8(受)-于-38'（登）=，能，在(5（受）)处的切线方程为y一（胥-3）=：一登)，即y=等-：分9ae0=0.即n-2=0等价于x2一1一2sinx=0.……5分设(x)=x2-1-2sinx,x∈(0，x),则'(x)=2x-2cosx.①当x[受x)时，()>0，()在区间[吾，)上单调递增又（受）=-3<0()=-1>0，所以()在区间[受，π)上有一个零点…7分②当x∈(0，交)时，设h(x)=1(x)=2x-2cosx.A()=2+2sinx>0,所以1(x)在区间(0，受)上单调递增…8分又1(0)=-2<0,1（登）=>0，所以存在x∈(0，受)使得1()=0，所以，当x∈(0，x)时，1(x)<0,(x)单调递减；当x∈(，5)时，1(x)>0,t(x)单调递增。…10分又0)=-1<0，（经）=f-3<0.所以()在区间(0，受)上无零点。综上所述，函数f(x)在(0，π)内只有一个零点.22.解：(1)C的普通方程为x2十y2=4,.曲线C以原点为圆心，半径为2的圆，12分∴.C的极坐标为p2=4,即p=2.(2),直线1的极坐标方程为pcos0-psin0-10=0,5分∴直线l的普通方程为x一y一10=0，因为圆C的半径为2，且圆心到直线1的距离d=10-0一10=5√2，因为52>2，所以圆C与直线1相离，√2所以圆C上的点M到直线l的距离的最小值d一r=5√2一2.23.解：(1)由f(x)≥g(x)可得|x-3|+|x+1≥6，10分当x≥3时，原不等式可化为2x一2>6，解得x≥4；当-1≤x<3时，原不等式可化为4>6，显然不成立；当x<-1时，原不等式可化为2-2x≥6，解得x≤-2；所以x的取值范围为{xx≥4或x≤一2)；…(2)因为f(x)-g(x)=|x-31+1x+1|-6≥3-x十x+1|一6=一2，所以由不等式f(x)-g(x)≥2一3a的解集为R,可得2-3a十2≤0，5分解得1≤a≤2.故实数a的取值范围是{a1≤a≤2)1.解：Dx)）=3 i+7simx-之cosx(八)………10分0……2分【题型专练A·文科数学参考答案第16页（共24页）】

8解析：选择A因为1，是一元二次方程上-2：一1=0的两根，所以十-2，-一1，国+)8，-8+，做有2S,=S+S,又a=8,设等差数列{a,)的公差为d,则有6a,+6d=7a,+11da1=1,解得a+d=8,则a,=a+6d=10+6X(-2d=-=-2,所以2六a=-29.解析：选择D.过P作准线的垂线垂足为Q,易知：∠PAF=∠APQ,可得sin∠APQ=sin∠PAF,如图所示。y在R△AQP中.a∠APQ=器由驰物线的性质可得1PQ1=PF1,所以m∠AP0-=阴，在△PAF中.由正孩定理可得：广电即2”网0∠PFAPFAO Fm∠APQ·0-影A8cos/AP0=tan∠APQ,又6xr-3p=27yp,所以p，=2多方>0，即有气A02之xr-210解折：选择A当>0时∈0,1,1-0,1.则f)0,1,此时[/]=0，当x=0时，f(x)=0,则[f(x)]=0,当0时.2+1∈12，则2∈1.2.则)∈(-1,0，此时f]=-1.则对于函数y=2[fx)]-[f(-x)],20当x>0时，-x<0,此时y=2[f(x)]-[f(-z)]=2×0-(-1)=1;当x=0时，-x=0,此时y=2[f(x)]-[f-x)]=2×0-0=0;当x<0时，-x>0,此时y=2[fx)]-[f(-x)]=2×(-1)-0=-2,故y=2[f(x)门-[f(-x)]的值域为{-2,0,1.且.解折：造择且设a表示第a小时米的东商数依题意有么一分4×号-a≥2a-专mX号=2m…则a,是数列，首项为2m,公比9=2，所以a.=m·2,依题意a>100m,即m·2”>100m,所以2>10，由于25=64<10f=123>100,又n∈N·,所以n>7,所以第7小时末记录的病菌数超过原来的100倍.适养R令2所安=专a北枚e(号-2=+e,又f9=2所以f0)=c=.所以/(x)-[2r+1-2ax+-2a小吃合四中a0现有对移的，a4手2一-标-5日为在-上有商个接值点所职窝在一1上有两个学点：则->0f-1<2a-1<1所所)(1)>0-12611==(1第15套·文最参考答案第3前（共8页）

又f(0)=lna十1-a,设g(a)=lna十1-a,则g(a)=1-1<0,可知g(a)在(1，十oo)上单调递减，所以g(a)0,可知h(a)在(1，+∞)上单调递增，所以h(a)>h(1)=0,即f(1)>0.…9分所以存在唯一的xo∈(0,1)，使得f(xo)=0,且f(x)在(0，xo)上单调递减，在(xo,1)上单调递增.11分因为f(0)=f(1)=0,所以当x∈(0,1)时，f(x)<0.…12分21.(1)解：由题意可得，抛物线C1:y2=8x的焦点为F(2,0),准线1：x=一2.…1分不妨设点M(a,b)(a>0,b>0),则|MF=a+2=10,即a=8,可得b=64,即b=8,所以M(8,8).则直线MF的斜率8)……3分一因为FMLFN,所以直线NF的斜率k=一是，所以直线NF的方程为y=-子（x-2),3令x=-2,解得y=3,即N(-2,3),故NF=√(-2-2)2+(3-0)2=5.…5分(2)证明：设P(t,yo),由t≠m士r,yo≠士m,知过P所作圆C2的切线的斜率k存在且非零，每条切线都与C有两个交点，设切线方程为y一yo=k(x一t),即kx一y十（yo一kt)=0,故km+0二=r,整理得[(m-t)2-2]k2+2(m-t)k+(听-r)=0,①…7分W/1十则过P所作的两条切线PA,PC的斜率k1,k2分别是方程①的两个实根，故有1十k2=款%m7国…8分y6-r2y一yo=k(x-t),联立消去x得ky28y+8(y-kt)=0,③y2=8x,设点A,B,C,D的纵坐标分别为y1y2,,4,由③得y2=8(必-t),同理可得yy4=8(必-t).…9分丁是得为=64学一)岩-)=64[0+2》+门kik2设y品一tyo(k1十k2)=λk1k2(其中入为常数)，把②式代入整理得y呢(m2-t2-r2-入)十r2=0,…10分欲使上式与y的取值无关，则当且仅当常数入=0且m2=t+2(r≠0)时，A,B,C,D四点的纵坐标乘积为定值641.…12分22.解：(1)曲线C的参数方程为x=1+3c0sa,(a为参数)，其普通方程为(x-1)2+（y+2)ly=-2+3sin a=9,即x2十y2-2x十4y-4=0,…2分则C1的极坐标方程为p2一2pcos0+4osin0-4=0.…3分【○高三数学·参考答案第5页（共6页）理科○】

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-2,则f(x)=∈(ln2,3]时，f(x)0.f(3),1,2e-3]./a>0,x2,所以解彳f(In a)=In a-1<0,

2025一2026学年度高一第一学期期中考试检测卷·数学参考答案、提示及评分细则题号123456答案CDCBBA题号7.891011答案DDABBCACD0，2>，{0，3}，{2，3}，{一1，0，2}，{一1，0，3}，{一1，2，3}，{0，2，3}，所以不是集合A的真子集的是{-1，0，2，3}敌选：C2.D【解析】由题意得x十1≥0，且x≠0，解得x≥一1，且x≠0，所以定义域为[一1，0）U（0，十∞），故选：D3.C【解析】当一1ab>0，不等式两边同乘以b得：ab>b²>0，故a²>b²>0，A正确；因为a²>b²>0，a>b>0，相乘得：a>b>0，B正确.故选：AB【高一数学参考答案第1页（共3页）】26040A

记f（①)=8-1)，故f(t)∈[0,2)，82所以1OM|的取值范围是[0√2）17分19.（17分）解：（1）因为f'（x)=k-cosx，（i）当k≥1时，f'（x)=k-cosx≥0，则f（x)在（0,+∞o）上单调递增，f（x)≥f（0)=0满足条件：·3分（ii）当k<1时，f'（0）=k-1<0，当x→+o，f（x)→+o所以存在x。∈（0,+∞o)，使得f（x）=0，则f（x）在（0,x。）上单调递减，当x∈（0,x。）时，f（x）<0和条件矛盾，所以k≥1.5分3x（2）因为sinx一>0（x²+3）sinx-3x>0x²+3记g（x)=（x²+3）sin.x-3x，所以g'（x）=2xsinx+（x²+3）cosx-37分Xx=4xsin6sir9分2222224siD+2sin2X=022222233x所以xE（CX>010分x²+31（3）由（1）、（2）得-11分xsinx11取x=得√2n√2u√2n3√2n所以√2n>[√2n]=m-1,·13分1sin√2n因为m=[√2n]+1>√2n，所以m²-2n²>0，又m，n是整数，所以m²-2n²≥1，15分假设√2n+1:-23√2n3√2n?与m²-2n²≥1矛盾，所以√2n+u>3√2n1综合可得m-1

材料一pastgroup?扩大再生产弥ustomer.ne man?材料二ards.变革较多受到需求的驱动。人口素质的提高，健康的人口结构有利于科学发展，而足够规模的人口通过需求带动将诱致技术变革。新一轮科技革命中，人工智能、生物技术等不仅改变就业结构、影响人口流动与聚集，也封通过延长寿命、提升素质等方式重塑人口发展。与此同时，人口规模、结构与素质也反作用于科技创新，如市场规模推动商业模式创新、老龄化社会催生“银发经济”、高素质人才集聚激发区域创新活力。tot整理改编自洪志生等《新时代人口发展与科技创新关系的研究》根据材料和所学知识，以“科技与人口”为题，写一则历史短文。（13分）（要求：表述成文，叙述完整；立论正确，史论结合；逻辑严密，条理清晰。）nefREDMINOTE 9【高三历史0第6页（共6页）】

对于C，若P=Q，则P∩Q=PUQ，所以选项C错误：对于D，若x=l,y=-1，有x>y，但不满足x²>y²；若x=-2,y=1，则x²>y²，但不满足x>y，即选项D正确故选：D.6.【答案】D【解析】因为f（x）是定义在R上的偶函数，且在[0,+o）上单调递减，所以f（x）在（-o，0）上单调递增，又f（-4)=0得f（4）=0，所以当x∈（-00,-4）U（4,+0）时，f（x)<0，当x∈（-4,4）时，f（x）>0，因为（x-2)f（x)<0[x-2<0，[x-2>0，所以故选：D7.【答案】B【解析】设此户居民本月用水量为x㎡，缴纳的水费为y元则当x∈[0,12]时，y=3x≤36元，不符合题意当x∈（12,18]时，y=12×3+（x-12）·6=6x-36，令6x-36=82，解得x=19.7，不符合题意；161=x8=06-x6=6.（81-x）+9×9+×71=（0+8x综上所述：此户居民本月用水量为19.1m故选：B.8.【答案】B【解析】将M（x）写出分段函数形式，画出图象，由图象可得最小值令f（x）≥g（x），可得x+1≥（x+1）²，即x²+x≤0，解得-1≤x≤0；令f（x）0，解得x<-1或x>0[x+1,-1