8.修建安格连一帕普铁路隧道，直接有助于当地 A.发展建材行业 B.优化劳动力分布 C.人口大量外迁 D.改善生态环境

解析：俄罗斯土地广阔，东部地区资源丰富，但因纬度较高，气 候寒冷，不适合人类居住。 答案：A

2.图中①②③④洋流对地理环境的影响是 A.①洋流使热带荒漠带直逼赤道 B.②洋流使沿岸形成针叶林 C.③洋流形成日本的北海道渔场 D.④洋流使流经的海域增温

7.海面油膜的存在造成海水温度 A.日温差减小，年温差减小 B.日温差加大，年温差加大 C.日温差、年温差趋向稳 D.日温差加大，年温差减小小

2.与27℃及28℃等温线分布特征密切相关的是 A.太阳辐射 B.季风风向 C.冬季洋流 D.纬度

6.影响加拿大驯鹿越冬地和繁育地植被差异的主要因素是 A.海陆分布 B.纬度 C.洋流 D.下垫面

16.读非洲自然带分布图，完成下列问题。(22分) (1)简述非洲自然带的分布特点，说 明其主要体现的地域分异规律。 ----- 23°26' (8分) (2)指出从甲地到丁地所反映的自 0 然带地域分异规律及其形成的 主导因素。(6分) 2326' (3)甲、乙两地纬度相差很大，但属 于同一自然带，分析其原因，并 说明该自然带未横穿非洲大陆的原因。(8分)

3.全面放开二孩政策，将使我国 A.劳动力人口持续增加 B.人口与自然协调发展 C.城市化水迅速提高 D.资源、环境压力增大

从“靠天吃饭”到“靠云吃饭”，大数据、云技术助力中国乡村振 兴。2019年，浙江乌镇潭家湾“云上农业”试验场正式启动建设。 该试验场在土壤中铺设三层传感器进行实时监测，占地约47万 方米，分28个网格来展现不同的种植场景。建成之后，该试验场可 以与世界各地的农业生产场景实现云端互联。据此完成7一8题。 7.农业文明时期谭家湾靠天吃到的“饭”最可能是 A.高粱 B.水稻 C.玉米 D.小麦

核桃是世界四大坚果之一，在我国广泛种植，其中新疆和田是 主要产区之一。文玩核桃是对核桃进行特型、特色的选择和加工 后形成的有收藏价值的核桃，明清时期，收藏文玩核桃在达官贵人 中广为流行。北京市谷区是文玩核桃的主产区。据此完 成4~5题。 4.新疆和田核桃出仁率、出油率均高于北京市谷区的主要自然 原因是 A.河流众多，水源更充足 B.纬度低，热量更充足 C.地形坦，土壤更肥沃 D.晴天多，日照时间更长

【解题分析】由材料可知，该地貌为喀斯特地貌，且有桑（树)和 竹（子），竹子为南方物种，南方古代蚕桑业发达，故该地最可能位 于我国南方地区。 【答案】D

化学键NHNNH-O键能/(kJ·mol1)390946463(1)NO中氮氧键的键能为(2)升高温度，反应I中NH(g)和NO(g)的有效碰撞几率(填“升高”或“降低”)，原因为(3)已知反应I、Ⅱ、Ⅲ的衡常数的对数1gK与温度的倒数示的变化关系如图所示。→增大1①表示反应Ⅲ的曲线为(填“L”“L2”或“L”),原因为②T1温度下，反应Ⅲ的衡常数K(Ⅲ)三(4)向某恒温恒容密闭容器中充入等物质的量的NH(g)、NO(g)和NO2(g),发生反应I和反应Ⅱ。已知初始容器内压强为3p,kPa,反应达到衡时H2O(g)的分压为p1kPa。则NH(g)的衡转化率为(5)反应Ⅲ分两步进行，其反应过程的能量变化如图所示。体系能量2NO2(g)+N2(g)ANO(g)2N202(g)反应过程1.2NO(g)=N2O2(g)△Hi.2N2 O2 (g)-2NO2 (g)+N2 (g)AHg①决定NO分解反应速率的步骤是(填“1”或“i”)。②某温度下K(1)=2×102L·mol1,已知反应i的正反应速率为5×10-3L·mol-1。min1Xc2(NO),逆反应速率为k逆c(N2O2),k逆三min。(二)选考题：共15分。请考生从两道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。18.[化学选修3：物质结构与性质](15分)》硼及其化合物的发现和应用可追溯到古埃及时代。回答下列问题：(1)基态硼原子的价电子排布式为；与硼同周期，且第一电离能小于硼的基态原子为《填元素符号)。(2)B、Al、Ga同主族，三种元素的氯化物的熔点如表所示。氯化物BClaAIClGaCla熔点/℃10719477.9名师卷©化学（三）第7页（共8页）

21.014.HA和HB是两种一元弱酸，其难溶盐RA和RB的溶度19.0积：Kp(RA)>Kp(RB),已知R+不发生水解，实验测得25℃时RA和RB的饱和溶液中，c2(R+)随c(H)的变13.0化为线性关系，如图虫实线甲和实线乙所示。下列说法11.09.0错误的是7.0A.25℃时，RA的Kp的数量级为1085.00510152025303540455055606B.实线甲表示难溶盐RB中c2(R+)随c(H)的变化c(H/×10molLC.当c(R+)=3.0×10-4mol·L1时，溶液pH=5D.25℃时，将RA、RB加人蒸馏水中混合、振荡、静置后，上层清液中c(A)>c(B)二、非选择题（本题共5小题，共58分）15.(12分)实验室以含锌废液（主要成分为ZnSO,及少量的Fe2+、Mn2+)为原料制备碱式碳酸锌[ZnCO·2Zn(OH),]的实验流程如下：Naz S2O8试剂XNH HCO17.→氧化除锰]一→调节回沉锌→过滤>ZnCO3·2Zn(OH)2含锌废液MnOzFe(OH)3CO2滤液回答下列问题：(1)已知SO中含有1个过氧键（一O一O-),则其中硫元素的化合价为⑨0，氧化除锰”操作中生成MO2和SO的离子方程式为(2)验证加入“试剂X”之前的溶液中不含F2+的实验方案是(3)为提高碱式碳酸锌的产量，试剂X可以选择4.6递，偏节溶液的pH,使溶液中铁元素完全沉淀，则理论上pH的最小值为{当溶液中某离子浓度c小于等于1.0×105mol·L1时，可认为该离子沉淀完全；常温下，Kp[Fe(OH)3]=1.0×10-38}。(4)“沉锌”操作中发生反应的离子方程式为16.(12分)CC1是一种重要化工原料，常用作催化剂、杀菌剂。化学小组利用下图装置（部分夹持装置已略去)制备氯化亚铜。70%硫酸Na,CON2→外溶液弹簧夹亚饱和NaHSO酸钠溶液A已知：CC为白色固体，微溶于水，难溶于酒精，在空气中能被迅速氧化，在酸性环境中不稳定。实验步骤：I.打开弹簧夹，通入一段时间N2,再关闭弹簧夹；Ⅱ.打开A中分液漏斗的活塞产生SO气体，同时边打开C中分液漏斗的活塞滴加稍过量的Naz CO溶液；Ⅲ.将C中混合物抽滤（快速过滤）、洗涤、干燥得CuCI产品。【高三11月联考试卷·化学第4页（共6页）】233198D

高三期中参考答案及解析·化学··化学.推知，a为HS,b为S0,c为S0,、d为H,S0,e为体干燥，先用CO2排尽装置内的O2,一段时间后，再参考答案及解析硫酸盐。硫单质在氧气中燃烧只能生成SO,不能直加热铜丝，A项错误；浓硫酸具有吸水性，能够除去接生成SO,A项正确；SO,能使酸性KMnO,溶液褪CO,中的水蒸气，防止其与铜反应干扰实验的验证，色，体现其还原性，B项正确；H,S在强氧化剂作用B项正确；若打开K,关闭K:,玻璃管中的铜丝由红月考卷下，可直接氧化为硫酸，存在a→d的转化关系，C项变黑时，则证明有O,生成。由于NaO,与H,O反一、选择题4.B【解析】Ca(C1O)2溶液中通人过量CO2,反应生正确：A1与冷浓硫酸发生钝化，发生氧化还原反应应也产生了O,,因此不能证明“有水时CO2与1.C【解析】碲是第TA族元素，是主族元素，不属于成次氯酸和碳酸氢根离子，离子方程式为CO十过渡元素，A项错误；石墨烯是碳元素形成的单质，不在铝表面生成致密的氧化膜，阻止内部金属继续反Na,O,反应产生了O,”,C项错误；实验观察到铜丝HO十CO2一HClO+HCO,A项正确；向属于高分子化合物，B项错误；氟利昂会破坏臭氧层，应，可用铝制容器盛装的浓溶液，D项错误。未变化，则可得出结论“干燥的CO2不能与NONaSO3溶液中滴加稀HNO,二者发生氧化还原反利用二氧化碳跨临界制冰技术代替，可减少氟利昂使8,A【解析】根据装置图，充电时，外电路电子流向Zn反应”，在无H,O的情况下，没有生成O,说明干燥应，离子方程式为2NO5+3SO十2Ht—3SO用，有利于保护大气臭氧层，C项正确；氢气燃烧生成电极，即Zn电极反应式为Zn(OH)+2e一Zn+的CO,不能与NaO,反应，D项错误十2NO◆+HO,B项错误；由于I的还原性大于水，无污染，实现了零排放，而焰色反应是物理变化，4OH,c(OH)增大，pH增大，A项正确；根据装置11.C【解析】根据流程图可知溶解过程中Zn和Cu都Fe的还原性，则氯气先与【反应，将I厂氧化完后，没有发生化学变化，D项错误。图可知，放电时，右侧电极反应式为C0,十2e+被溶解，Z可直接被稀硫酸溶解，而Cu不能直接溶再氧化F+,根据得失电子守恒可知，等物质的量的2.C【解析】CH,O2可以改写为C2H(CO2),根据极H,0HCO0+OH,生成1 mol HCO0时，转于稀硫酸，故加入H,O,的作用是氧化Cu而使CuCl刚好氧化等物质的量的Fel中的I厂，Fe2+不被限法结合烃完全燃烧耗氧公式可得0.2 mol CaH,或移电子的物质的量为2mol,B项错误；根据图像可溶解，A项正确：为了保证操作M后铜被完全分离氧化，离子方程式为2I+Cl一12+2C,C项正0.2 mol C2 H.(CO2)完全燃烧消耗O2的物质的量均知，在使用催化剂Sn和s-SnLi生成CO时活化能大，加人过量锌粉，B项正确：操作M为过滤，用到的玻确；向NH,HSO,溶液中滴加少量Ba(OH),溶液，氢为0.6mol,A项正确；因为还原性：I>Fe2+,所以当活化能越大反应速率越慢，且CO能量比HCOOH能璃仪器有烧杯、漏斗和玻璃棒，C项错误：操作M后1 mol Fe被氧化时，根据Fel。的组成可知至少已有氧根离子只与氢离子反应，不与铵根离子反应，离子量高，能量越低，物质越稳定，因此使用催化剂S和的溶液中存在大量的Z,加适量碱生成方程式为Ba++2OH-+2H++SO-BaSO,12mol】被氧化，转移电子的物质的量至少为3mol,sSLi可以减少副产物CO的生成，C项错误：根据ZOH).,经过滤、洗涤、干燥、加热等操作，可得到十2H20,D项正确。第0B项正确；粗铜中还有活泼性比Cu强的Zn、FeNi等图像可知，使用催化剂s-SnLi,中间产物能量高，不稳ZnO,D项正确杂质，在电解时优先于Cu失去电子成为阳离子，电5.B【解析】该反应是气体计量系数减小的反应，故定，D项错误。12.C【解析】CF,与水按照1：2发生反应CF,+路中通过O.5N的电子包含这些杂质失去的电子，△S<0,A项错误；由题给条件可知，该反应△H=反9.C【解析】由图像信息可知，升高温度C0的产率增2HO—3HF+HCO,生成了两种弱酸，A项错阳极粗铜中转化为Cu2+的Cu的质量小于16g,C项应物键能和一产物键能和<0，B项正确；该反应为放大，即副反应正向移动，则△H2>0,CHOH的产率误：CF,中C为+3价，有氧化性，故能与一些金属错误；标准状况下11,2LF含有电子0.5mol×9X热反应，故升温衡逆向移动，衡转化率减小，催化减小，即合成反应逆向移动，则△H<0,A项正确剂只能改变反应速率，不能使衡移动，C项错误；没反应生成氯化物和氟化物，B项错误：三氟化氯与水2=9mol,11.2LCH。含有电子0,5mol×(6X2+增大压强即压缩体积，反应物浓度增大，故有利于加6)=9mol,所以11,2LF和C,H6的混合物中含有有给出三氧化硫的状态，无法计算其物质的量，D项反应生成HF,HF可与硅反应，故可用于清洁化学快合成反应的速率，B项正确：实际生产过程中，往往错误。气相沉积的反应舱附着的半导体物质，C项正确：因电子的数目为9mol,D项正确。保持一定流速通入气体反应物，故在反应未达到衡6,C【解析】由题目信息推知：X为日，Y为O,Q为S,CF,有氧化性，可以使许多材料不接触火源就燃3,B【解析】中子数为20的氯原子的质子数为17、质量数为37，原子符号为部C1,A项错误；水分子的结构M为Na,W为Si,化合物MY为NaeO,由2个钠之前，温度越高反应速率越快，则CHOH的产率越烧，故可以代替HO2充当火箭推进剂中的氧化物大，升高一定温度时，反应达到衡后再升高温度式为H一O一且，分子中含有氢氧极性共价键，B项正离子和1个过氧根离子组成，则阴阳离子的个数比为D项错误。衡逆向移动，则CHOH的产率反而降低，故升高温12,A项错误；WY,为SiO2,常用作光导纤维，Si用度不一定降低CH,OH的产率，C项错误；实际生产13.C【解析】反应速率与其物质的量浓度成正比，I、确：钠离子的核电荷数为11，核外有2个电子层，最于制作计算机芯片，B项错误；化合物NaH中氢元素过程中，可以通过使用合适的催化剂提高CHOH的Ⅱ达到衡状态时逆反应速率相等，说明I、Ⅱ达到外层电子数为8，离子的结构示意图为(28C项为一1价，具有很强的还原性，可与水反应生成选择性，减少副反应的发生从而提高原料的利用率和衡状态时各物质的物质的量浓度相等、则A的体NaOH与氢气，C项正确，W为S、Q为S,非金属性，错误，氯化氢是共价化合物，电子式为H:,D项CHOH的产率，D项正确积分数：I一重，A项正确：向密闭容器中加入物质S>Si,简单氢化物的稳定性：S>Si,D项错误。错误?,D【解析】根据硫及其化合物的“价一类”二维图可10,B【解析】装入药品后，滴加稀硫酸，疏酸与碳酸钠C,逆反应速率瞬间增大，再次建立的衡与原衡反应产生CO,打开K,关闭K,浓硫酸将CO气等效，符合图像，B项正确：由题中图示可知，一1··2时，逆反应速率增大，说明衡正向移动，衡正向

100所名校高考模拟金典卷化学（七）100所名校高考模拟金典卷·化学（七23JD化学-Y100所名校高考模拟金典卷·化学（七）23JD化学-Y8.【典型情境题】服装的甲醛污染已是很敏感的问题，柠檬酸（结构如图所示)可制成一种无甲醛防皱整理剂，用于纯棉织物的防皱整理，不仅防皱效果好，而且成本低。合成柠檬酸的其中一步过程如下，下列说法正确的是OHHo©o所名校高考模拟金典卷CH,OOCCH,-CCH,COOC,H,稀疏酸CNOHOHM柠檬酸A.柠檬酸与乙二酸互为同系物化学（七）B.一定条件下M,可发生消去反应C.1mol柠檬酸最多能与3 mol Na发生反应D.柠檬酸分子中含有三种官能团100所名校高考模拟金典卷·化学（七）23JD化学-Y100所名校高考模拟金典卷·化学（七）》23JD化学-Y答案B第I卷（选择题共42分)解题分析本题考查有机物的结构与性质。柠檬酸分子中有3个羧基和1个羟基，与乙二酸不互为同系物，A、D两项均错误；M一、选择题（本题包括7小题，每小题6分，共42分。每小题只有一中含有羟基，可发生消去反应，B项正确；柠檬酸分子中含有3个羧个选项符合题意)基和1个羟基，因此1mol柠檬酸最多能与4 mol Na发生反应，C7.【典型情境题】下列变化与氧化还原反应无关的是项错误。A.油酸甘油酯通过氢化反应变为硬脂酸甘油酯B.饱和(NH4)2SO4溶液中加入少量鸡蛋清变浑浊C.切开的土豆、苹果，在空气中放置一段时间后会变色D.食用补铁剂（含琥珀酸亚铁）时常与维生素C同服100所名校高考模拟金典卷·化学（七）23JD化学-Y100所名校高考模拟金典卷·化学（七23JD化学-Y9.下列离子方程式错误的是答案BA.检验亚铁离子：3Fe2++2[Fe(CN)6]3--Fe3[Fe(CN)s]2￥解题分析本题考查氧化还原反应的判断。油酸甘油酯通过B.泡沫灭火器的反应原理：2A13++3CO+3H2O—2A1氢化反应，加氢还原，变为硬脂酸甘油酯，A项不符合题意；饱和(OH)3￥+3CO2(NH)2SO4溶液中加入少量鸡蛋清，发生盐析变浑浊，与氧化还原C.漂白液中通入足量CO2可以提高漂白效率：C1O+H,O十反应无关，B项符合题意；切开土豆、苹果，在空气中放置一段时间CO2-HCO3+HC1O后会被氧气氧化而变色，C项不符合题意；食用补铁剂时常利用维D.硫化氢气体使酸性高锰酸钾溶液褪色：2MnO,十5HzS十6H生素C的还原性防止亚铁被氧化，D项不符合题意。-2Mn2++5S￥+8H2O23·JD·化学-Y

10.下列由实验现象所得结论错误的是()A.向NaHSO3溶液中滴加氢硫酸，产生淡黄色沉淀，证明HSO,具有氧化性B.向酸性KMnO4溶液中加入Fe3O4粉末，紫色褪去，证明Fe3O4中含Fe(II)C.向NaCIo溶液中滴加酚酞试剂，先变红后褪色，证明NaCIO在溶液中发生了水解反心D.向浓HNO3中插入红热的炭，产生红棕色气体，证明炭可与浓HNO3反应生成NO11,喷泉实验装置如图所示。应用下列各组气体一溶液，能出现喷泉现象的是(选项气体溶液气体H2S稀盐酸BHCI稀氨水溶液NO稀H2SO4DC02饱和NaHCO3溶液12.实验室中利用洁净的铜片和浓硫酸进行如图实验，经检测，所得固体中含有Cu2$和白色质X,下列说法错误的是()19.2gCu稀硝酸、稀硫酸足量浓硫酸微热5min少固体一溶解→NO→固体单质Z(反应中无气体产生)Y溶液A.白色物质X为CuSO4B.微热5min待Cu反应结束后，转移电子的物质的量为0.48molC.放出的NO在标准状况下的体积为0.896LD.向Y溶液中逐滴加入过量的氨水，先产生蓝色沉淀，后沉淀溶解13.下列各组离子，可能在指定溶液中共存的是()①无色溶液中：K+、CI、Na*、HCO、O②使试纸变深蓝色的溶液中：K+、CO子、Na*、AIO,③水电离的cH)=1012molI-的溶液中：ClO、HC0,、NO3、NH、S0④加入Mg能放出H2的溶液中：Mg2+、NH、C、Na、SO⑤使甲基橙变红的溶液中：MnO4、NO;、SO、Na+、Fe+高三化学

果没有产生预期现象。乙同学分析认为：甲同学通入C0,的量不足是导致实验失败的原因之一，你认为乙的分析是否合理？。若合理，请用离子方程式解释其原因(若你认为不合理，该空不作答)。盐酸大滤液B石装置I装置ⅡⅡ.某实验小组为探究CO、I,、SO在酸性条件下的氧化性强弱，设计实验如下：实验①：在淀粉-碘化钾溶液中加入少量次氯酸钠溶液，并加入少量的稀硫酸，溶液立即变蓝；实验②：向实验①的溶液中加入4mL0.5mol.L1的亚硫酸钠溶液，蓝色恰好完全褪去。(3)写出实验①中发生反应的离子方程式：(4)实验②的化学反应中转移电子的物质的量是(5)以上实验说明，在酸性条件下CIO、I,、SO?的氧化性由弱到强的顺序是17.为测定某溶液中Ca2+的含量，某同学设计了如下实验：量取100mL该溶液于烧杯中，加入足量的(NH4)2C2O,溶液使Ca2+转化为CCO4沉淀（假设其他离子均不生成沉淀），过滤、洗涤后，往沉淀中加入足量稀硫酸，然后用0.1000mol.L的KMnO4标准溶液滴定(1)配KMnO,氧化H,C0,的化学方程式：KMnO,+H2C2O,+H2SO,=K2SO,+MnSO+CO2+HO(2)如图所示的仪器中，配制0.1000mol·L的KMnO4标准溶液时肯定不需要的是(填标号).第6页/共10页

C2H5H5C2—N-C2H5ONH2HN--CH2ClH3CCH+8K2C03CH3HCINH2HNH3CeCH3H3CCH3CH2Cl +K2CO3+KCI KHCO

混合气体均摩尔质量(g/mol)!0310t/min(④)甲醇(CH0m是优质的清洁燃料，可制作碱性甲醇燃料电池，工作原理如图所示。电极A的反应式为负载电CH3OH电3-02极ABNaOH溶液第30题I(4)图II.(1)已知完全断裂物质的量均为1mo1的H2(g)、Br2(g)、Br(g)中的化学键时吸收能量分别为436kJ,193kJ,366kJ。则在该条件下，1molH2(g)与1 molBr2(g)完全反应会(填“吸收”或“放出”)kJ能量。(2)将3.0gFe和Fe203的混合粉末完全溶于200mL0.80mol·L-1盐酸中，生成标准状况下336mLH2(假设气体被完全收集)；反应后的溶液中滴入2滴KSCN溶液后不显血红色。请通过分析计算回答：

命题透析本题以煤制天然气技术原理为素材，考查盖斯定律、化学衡原理与计算等知识，意在考查逻辑推理能力，变化观念与衡思想、证据推理与模型认知的核心素养。思路点拨(1)根据盖斯定律，由(2×I+Ⅲ-Ⅱ)即得反应C02(g)+4H2(g)一CH4(g)+2H20(g)的△H=-165.0k·mol-';由（Ⅱ-I-Ⅲ）即得反应C0(g)+,0(g)C0,(g）+H,(g)的K=ac(2)根据三段式法可得：C0(g)+3H2(g)CH4(g)+H20(g)开始/mol1400衡/mol1-m4-3mmm1-m=m,解得m=0.5,故C0的衡转化率为50%，此时C0、H2、CH4、H20的物质的量分数依次为1/8、5/8、111/8、1/8,则K。=8t816—53=125x2=x24。1(3)①正反应是气体体积减小的反应，增大压强有利于衡正向移动，C0的衡转化率增大。②反应Ⅱ是放热反应，是低温积炭的主要原因。反应Ⅲ是吸热反应，升高温度有利于反应Ⅲ的进行，是高温积炭的主要原因，该反应是气体体积增大的反应，减小压强有利于该反应的正向进行。③升高温度，反应I中CH4浓度的减小在更高温度时对反应Ⅲ的影响大，使反应Ⅲ逆向移动；反应Ⅱ是放热反应，升高温度衡逆向移动，使积炭率减小。19.答案(1)↑↓(1分)4s4pCICICI(2)①GaGa或GaGa(2分)4(1分)sp2(1分)sp3(1分)CICI CICI②GaF3是离子晶体，GaCl3是分子晶体（合理即可，2分）(3)氧原子(1分)15(2分)文化4器x102分)年2分剂NYI CULTURE命题透析本题以G、In元素为素材，考查原子结构、分子结构及晶体结构等知识，意在考查信息获取与加工、化学计算等能力，证据推理与模型认知的核心素养。思路点拨(1)1Ga基态时的价电子排布式为4s24p,价电子排布图为↑↓4pGa(2)①GaCL3中Ga是缺电子结构，两分子之间以配位键结合为双聚分子：,Ga由sp2杂化转化为p3杂化。②氟的电负性比氯的大，两者的熔点相差很大，是由于晶体类型不同，氟化镓是离子晶体，氯化镓是分子晶体。

细胞和辅助性T细胞是通过直接接触进行信息(1分)交流的，而神经元之间是通过神经递质与受体(3)自我调节(1分)协调(1分)次生(1分)结合，即间接接触的方式进行信息交流的，二者速度和方向(2分)信息交流的方式不同，D项错误。【解析】本题主要考查生态环境保护的相关知19.C【解析】本题主要考查植物激素的作用，考查识，考查学生的理解能力和获取信息的能力。学生的获取信息的能力和综合运用能力。独脚(2)丹顶鹤每年4~5月迁至东北，秋季迁至江金内酯可能是由植物一定部位产生的，A项正苏，生物的活动会随季节发生变化，该现象体现确。独脚金内酯对野生型植株侧枝的产生有抑了群落的季节性。在越冬地进行的生态修复，制作用，B项正确。相比突变体植株，野生型植属于就地保护，可以改善丹顶鹤的生存环境，提株可能对独脚金内酯更敏感，C项错误。独脚高环境容纳量，就地保护是保护丹顶鹤的根本金内酯可协调生长素等激素对植物生命活动起措施。(3)在塞罕坝林场由高原荒丘变成万顷调节作用，D项正确。林海的过程中，提高了生态系统的自我调节能20.C【解析】本题主要考查基因工程、胚胎工程等力，该过程中结合塞罕坝半湿润半干旱的特点，相关知识，考查学生的理解能力。将该表达载引入适合该地区的树种，主要遵循了生态工程体导入受精卵以获得转基因小鼠，A项错误：的协调与自生原理，该过程属于次生演替，说明DNA聚合酶不能从头开始合成DNA,只能从了人类活动可以改变群落演替的速度和方向。引物的3'端（子链的5'端）开始延伸DNA,因此：23.(1)叶绿体(1分)色素(1分)光能转化为PCR过程中需要添加引物才能完成复制过程，ATP和NADPH中活跃的化学能(2分)要合成两条子链，需要两种物，B项错误；Cre(2)光(1分)二氧化碳的固定(CO2的固定)重组酶基因完成表达的产物是蛋白质，故可通(2分)NADPH、ATP和多种酶催化(2分)过抗原一抗体杂交技术进行检测，C项正确；胚(3)高于(2分)该系统没有进行细胞呼吸消耗胎移植需要胚胎发育至桑葚胚或囊胚阶段，D淀粉（或植物细胞呼吸会消耗淀粉）(2分)项错误。【解析】本题主要考查与光合作用过程相关的知21.(1)缓冲物质或NaHCO3(1分)线粒体(1分)识，考查学生的获取信息的能力和综合运用能(2)C,H20,酶，2CH,0,十少量能量(2分)力。(2)模块一模拟的是光合作用的光反应，模(3)交感(1分)肝糖原(1分)胰高血糖素、块二中的①②步骤表示二氧化碳形成C化合甲状腺激素、糖皮质激素（写出2种即可，2分）物的过程，模拟的是光合作用的二氧化碳的固(4)运输范围广，经血液传送；靶细胞多；作用时定过程。模块二中③和④步骤表示将C化合间持久；反应慢（写出3点即可，3分）物转化为淀粉的过程，模拟的是C3的还原过【解析】本题主要考查血糖调节过程的相关知程，需要提供的条件有NADPH、ATP和多种酶识，考查学生的理解能力和综合运用能力。催化。(3)植物在进行光合作用产生有机物的(2)见答案。(3)交感神经兴奋，促使肾上腺分同时也在进行细胞呼吸消耗有机物。在与植物泌肾上腺素，肾上腺素可以促进肝糖原分解，为光合作用固定的C02量相等的情况下，该系统身体供能，在这个过程中还需要胰高血糖素（升没有进行细胞呼吸消耗淀粉，故该系统的淀粉高血糖)、甲状腺激素（促进物质氧化分解）和糖积累量要高于植物的。皮质激素（升高血糖）等与之协同作用。(4)肾24.(1)3(2分)棕黄色：白色=1：1(2分)上腺素作为激素参与体液调节，与作为神经递(2)9/128(2分)质相比，其特点有运输范围广，经血液传送；靶(3)表观遗传(1分)深(2分)细胞多；作用时间持久；反应慢。(4)探究孕期食用胆碱对小鼠后代表型的影响22.(1)基因(1分)直接(1分)(3分)(2)季节(1分)就地(1分)环境容纳量【解析】本题主要考查自由组合定律和表观遗传23·JBTX1·新教材老高考·生物·18·

定CO2的酶对CO2有更高的亲和力，能够在更低的CO2浓度条件下利用CO2(4)在热带地区，由于光照较强，温度较高，植物为了防止水分过多蒸发，常常会关闭叶片上的气孔，这样就减少了CO2的进入，拥有C4途径的玉米等植物，能利用叶片内细胞间隙中含量很低的C02进行光合作用，而小麦(C3植物)则不能（合理给分）【解析】(1)固定C02的场所是叶绿体的基质，据图1推测C4植物中叶肉细胞的作用可能是固定C02,将C02传递给维管束鞘细胞。(2)图1发生在维管束鞘细胞叶绿体中的过程为暗反应过程，称为卡尔文循环，暗反应发生的能量变化是ATP(和NADPH)中活跃的化学能转变成有机物(CH2O)中稳定的化学能。(3)在密闭容器内，随着装置内小麦和玉米光合作用的进行，装置内C02浓度越来越低，玉米(C4植物)能够固定C02的酶对C02有更高的亲和力，能够在更低的CO2浓度条件下利用C02。(4)在热带地区，由于光照较强，温度较高，植物为了防止水分过多蒸发，常常会关闭叶片上的气孔，这样就城少了CO2的进入，拥有C4途径的玉米等植物，能利用叶片内细胞间隙中含量很低的CO2进行光合作用，而小麦(C3植物)则不能，所以玉米更适合生存在热带地区。18.【答案】（除注明外，每空2分）(1)aabbdd(1分)AABBDD(1分)(2)黄花：红花：紫花=2：1：1(3)61/6(4)A/a、D/d在一对同源染色体上，B/b在另外一对同源染色体上(5)生物性状不都是受一对基因控制，基因与性状不是一一对应的关系；基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状【解析】(1)据图分析可知，该植物的不同花色对应的基因型分别是黄花(aa--_或A-_D_)、红花(A_bbdd)、紫花(ABdd),已知黄花（甲）、黄花（乙）、红花（丙》、紫花（丁）为4个纯合品种，根据实验一的结果可知黄花(甲)的基因型为aabbdd,紫花（丁）的基因型为AABBdd;根据实验二的结果可知黄花（乙）基因型为AABBDD、红花（丙）的基因型为AAbbdd。(2)实验+中的F代紫花植株基因型为AaBbdd,将AaBbdd与aabbdd测交得子代AaBbdd(紫花)、Aabbdd(红花)、aaBbdd(黄花)、aabbdd(黄花)，所以子代表型及比例为黄花：红花：紫花=2：1：1.(3)实验二中的F代黄花植株基因型为AABbDd,F1自交得到的黄花植株基因型有AAB_D_或AAbbD_共6种，其中纯合子AABBDD和AAbbDD占1/6。(4)由实验一和实验二可知，A/a与B/b基因的遗传符合自由组合定律，B与D1d基因的遗传也符合自由组合定律，而实验三利用黄花（甲）aabbdd和黄花（乙）AABBDD杂交得到的F1代和F:代自交得到的F2代都表现为黄花，则可知A/a与D/d基因的遗传不符合自由组合定律，所以A/a、B/b、D/d这三对等位基因在同源染色体上的具体位置关系是A/a、D/d在一对同源染色体上，B/b在另外一对同源染色体上。(5)据图可知，数量上反映了基因与性状的关系是生物性状不都是受一对基因控制，基因与性状不是一一对应的关系，代谢角度反映了基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状。19.【答案】（除注明外，每空2分）(1)增加细胞内葡萄糖转运蛋白的合成和转移至细胞膜上（写出转移即给分）促进细胞内蛋白质、糖原和脂肪的合成，从而使血糖降低（两空顺序可颠倒）(2)促进(1分)痍高血糖素能促进血糖升高，使细胞能利用的血糖增加，细胞需要在胰岛素的促进作用下才能更好的利用血糖，所以胰高血糖素能促进胰岛素的分泌（其他答案合理也给分）(3)①实验思路：将若干璃养瓶均分为两组，编号为甲、乙，向两组瓶中分别加入等量且适量添加高糖的含胰岛素的动物细胞完全培养液和患2型糖尿病小鼠成熟的脂肪细胞悬液；甲组添加适量一定浓度的荔枝核皂苷溶液，乙组添加等量生理盐水，将两组培养瓶置于温度适宜的CO2培养箱中培养；每隔一段时间检测并【高三入学摸底考试·生物学参考答案第3页（共4页）】

【答案】D【解析】根据曲线图分析，M、N两种生物摄取食物的种类有重叠，故存在竞争关系，另外曲线不重叠时，M与N也可能存在竞争，如竞争环境资源等；b越大说明生物摄取的食物种类越多，表明该生物适应环境的能力越强；越小，两条曲线靠得越近，说明M、N两种生物摄取食物的种类重叠得越多，表明M与N的竞争越激烈；当M呈“S”型增长到达K值时，由于二者食物种类不完全相同，M不可能将N从该区域中完全排斥出去。二、非选择题：本题共4小题，共42分。带￥题目为能力提升题，分值不计入总分。25.(6分)绿盲蝽，别名花叶虫、小臭虫，是我国常见的农业害虫。研究表明，在果园套种不同的植物能有效减少绿盲蝽的种群数量。回答下列问题：(1)绿盲蝽种群的特征可分为数量特征和特征，其中最基本的数量特征是(2)果园中绿盲蝽的数量常呈现“S”型增长，主要原因是自然界的总是有限的，当种群密度增大时，种内斗争就会加剧，的数量也会增加，这就会使种群的下降，升高，最终出现“S”型增长。当绿盲蝽种群数量达到K值时，种群的年龄结构往往为型。(3)套种不同植物能减少绿盲蝽数量的原因可能是【答案】(1)空间种群密度(2)空间和资源以该种群为食的动物（绿盲蝽天敌）出生率死亡率稳定(3)与未套种时相比，套种不同植物后，群落的营养结构变得更复杂，自我调节能力更强，抵抗力稳定性更强，可在一定程度上控制绿盲蝽的增殖【解析】()种群特征包括种群的数量特征和空间特征，其中数量特征有种群密度、出生率和死亡率、性别比例和年龄结构，其中种群密度是最基本的数量特征。(2)种群出现“S”型增长的原因是自然界的空间和资源总是有限的，当种群密度增大时，种内斗争就会加剧，且以该种群为食的动物（绿盲蝽天敌）数量增加，这就会使种群的出生率下降，死亡率升高，最终出现“S”型增长。当绿盲蝽种群数量达到K值时，种群数量将停止增长，有时会在K值保持相对稳定，此时种群的年龄结构往往为稳定型。(3)与未套种时相比，套种不同植物后，群落的营养结构变得更复杂，自我调节能力更强，抵抗力稳定性更强，可在一定程度上控制绿盲蝽的增殖，因此套种不同植物能减少绿盲蝽数量。26.(12分)生物入侵是当今世界面临的主要环境问题之一。入侵种一般具有较强的适应能力、繁殖能力和扩散能力，而且常因在入侵地缺乏天敌，而生长迅速，导致本地物种衰退甚至消失。回答下列问题：(1)入侵种爆发时，种群增长曲线往往呈“J”型增长，从环境因素考虑，其原因有(答出2点)。入侵种的爆发通常会使人侵地的物种多样性,群落发生演替。(2)三裂叶豚草是某省危害较大的外来入侵植物之一，某锈菌对三裂叶豚草表现为专一性寄生，可使叶片出现锈斑，对其生长有抑制作用。为了验证该锈菌对三裂叶豚草的专一性寄生，科研人员进行了侵染实验。方法：在三裂叶豚草和多种植物的离体叶片上分别喷洒一定浓度的该锈菌菌液，将叶片静置于适宜条件下，观察和记录发病情况。实验结果：(3)为了有效控制三裂叶豚草，科研人员开展了生物控制实验，样地中三裂叶豚草初始播种量一致，部分实验结果见表。·9

2022一2023学年度高三一轮复周测卷（五）生物·酶和ATP、细胞呼吸(考试时间90分钟，总分90分)一、选择题：本题共24小题，每小题2分，共48分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.已知蛋白激酶与蛋白磷酸酶分别催化相应蛋白质发生磷酸化（活化）和磷酸化的蛋白质发生去磷酸（失活）的过程，两者共同构成了磷酸化和去磷酸化这一重要的蛋白质活性的开关系统，简要过程如图所示。相关叙述错误的是nNTP、蛋白激酶nNDP蛋白质之蛋白质-nPinPi2O蛋白磷酸酶A.图中N不是表示含氮(N)的碱基B.图中两种酶都能降低相应反应所需的活化能C.图示两种酶可视为蛋白质活性的分子开关D.该图表示的生化反应属于可逆反应【答案】D【解析】NTP中，N代表碱基和核糖，其中碱基是A、U、C、G中的任何一种，TP代表三磷酸；酶催化作用的机理是降低反应所需的活化能，所以图中两种酶都能降低相应反应所需的活化能；由题干“蛋白激酶与蛋白磷酸酶分别催化相应蛋白质发生磷酸化（活化）和磷酸化的蛋白质发生去磷酸（失活）的过程，两者共同构成了磷酸化和去磷酸化这一重要的蛋白质活性的开关系统”可知，两种酶可视为蛋白质活性的分子开关；可逆反应指在同一条件下，既能向正反应方向进行，同时又能向逆反应方向进行的反应，图中两个反应条件不同，所以不是可逆反应。2.下面是探究不同温度条件下甲、乙两种淀粉酶的活性的实验，如图是将淀粉溶液与淀粉酶溶液混合摇匀，保温5min后，对各组淀粉剩余量检测的结果。据图分析合理的是A.甲酶的活性大于乙酶室B.乙酶的最适温度在40℃左右口甲酶C.当温度高于40℃时，甲酶的活性会丧失圆乙酶D.将温度从40℃升至50℃，乙酶的活性升高【答案】B20304050温度/℃【解析】酶的活性可通过单位时间内底物的消耗量或产物的生成量来表示，据图可知，在20~50℃范围内，甲酶催化条件下淀粉的剩余量大于乙酶催化条件下的剩余量，因此甲酶的活性小于乙酶的活性；题图纵坐标表示淀粉剩余量，乙酶在40℃下淀粉的剩余量是最少的，说明乙酶在40℃左右时活性最高，即乙酶的最适温度在40℃左右；与40℃相比，50℃时甲酶催化后淀粉剩余量相对值更低，说明甲酶的活性并未丧失；将温度从40℃升至50℃，乙酶催化后淀粉剩余量增加，说明乙酶的活性降低。3.据图判断，有关叙述错误的是丁O丁00丁02酶3丙ATPA.从甲→ATP的过程所需的酶与酶1不同B.乙中不含高能磷酸键，是RNA的基本组成单位之C.丙物质为腺苷，丁可用于某些脂质的合成D.ATP为生命活动提供能量时需要酶1或酶2或酶3的催化·50·

第二十三单元阶段检测（七）《生物技术与工程》第1~4章1.D【解析】本题以苹果酒制作为背景，考查果酒制作的相关内容。苹果酒制作中，酵母菌利用葡萄糖产生酒精的酶都位于细胞质基质，A项错误；苹果酒制作中，酵母菌细胞中的ADP与ATP相互转化，处于动态衡，ADP含量不会降低，B项错误；苹果酒发酵变酸时表面形成的菌膜是醋酸菌繁殖引起的，C项错误；苹果酒发酵后期酵母菌种群密度降低与代谢产物（酒精)的积累有关，D项正确。2.C【解析】本题考查泡菜制作过程的注意事项。用水密封泡菜坛是给泡菜坛内创造无氧环境，A项正确；泡椒发酵初期大肠杆菌、酵母菌的发酵产物有较多的C○2，所以泡菜坛不能装得太满，B项正确；泡椒腌制时间越长，产生的亚硝酸盐越多，C项错误；泡菜坛中加入的食盐过多，会抑制乳酸菌的发酵过程，使乳酸产生减少，D项正确。3.B【解析】本题借助酵母菌的纯培养，考查微生物的接种方法。随着在板上连续划线，菌体数目越来越少，因此，观察酵母菌形态的最佳区域是④，因为该区域可得到单菌落，A项错误；图中四次划线后，都应将接种工具放在酒精灯上灼烧，前三次灼烧的日的是保证菌种来自上次划线的末端，最后一次灼烧的日的是防止菌种污染环境和操作者，B项正确；操作时，若将区域①和区域④的划线相连，就不能得到由单个细菌繁殖而来的菌落，C项错误；使用的培养基需要先调节pH再灭菌，D项错误。4.A【解析】本题考查微生物培养分离及单细胞蛋白应用的相关内容。获得纯净产脂肪酶细菌的关键是防止外来杂菌的入侵，在培养过程中，要严格消毒灭菌，从而获得纯净产脂肪酶细菌，A项正确；题图中A培养基多次振荡培养，可以增加溶解氧的含量，说明产脂肪酶细菌为需氧型生物，B项错误；欲测定产脂肪酶细菌的活菌数，可采用稀释涂布板法或显微镜计数法，C项错误；产脂肪酶细菌制成的单细胞蛋白作为微生物饲料，能使家禽、家畜增重快，D项错误。5.D【解析】本题考查原生质体制备的相关知识。用于制备原生质体的番茄叶片应先进行消毒，而非灭菌，A项错误；酶解一定时间后，细胞失去细胞壁的保护，原生质体极易吸水涨破，所以酶解时间过长会影响原生质体的产量，B项错误；原生质体已经去除了细胞壁，不能发生质壁分离和复原实验，C项错误；番茄原生质体具有再生细胞壁、进行连续分裂及生成完整植株的能力，即有细胞全能性，可与马铃薯细胞进行杂交，D项正确。6.D【解析】本题考查植物细胞工程应用的相关知识。获得马铃薯脱毒苗利用的是植物组织培养技术，其原理是植物细胞具有全能性，A项正确；马铃薯培养过程中通过调节生长素和细胞分裂素的比例可促进植物细胞的脱分化和再分化，B项正确；马铃薯脱毒苗的获得属于快速繁☆·109·【23·G3DY(新高老)·生物学·参考答案一R一必考一HEB】

,2022一2023学年度第一学期期末学业水诊断武让癌症的恶化程度增加。下列叙述错误的是的，16其六法rA.ecDNA是癌细胞中癌基因的唯一载体,立-：34对》碎这高三生物B.与染色体上DNM相比，ecDNA不存在游离的磷酸基注意事项：C.ecDNA可能存在于细胞核中，其遗传不遵循孟德尔遗传定律1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置。D.正常细胞中原癌基因和抑癌基因的表达不会导致细胞癌变2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改5.某生物(2n=4)一个基因型为AaXY的精原细胞在减数分裂过程中出现了一个变异细胞甲，动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写最终产生了AaX、aY、X三种类型的精细胞。下列叙述正确的是在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。A.减数分裂I后期A、a所在的同源染色体未正常分离B.该精原细胞减数分裂四分体时期可能发生了交换一、选择题：本题共15小题，每小题2分，共30分。每小题只有一个选项符合题目要求。C.细胞甲是次级精母细胞，含有三条染色体，一个染色体组1.病毒是非细胞形态的生命体，它与细胞在起源上的关系通常被人们认同为：生物大分子先D.产生上述精细胞的过程中发生了基因突变和染色体数目变异形成细胞，其中的一部分脱离细胞演变成病毒。下列叙述不支持该观点的是6.研究人员将含N-DNA的大肠杆茵转移到含"NH,C1的培养液中，培养X分钟后提取子代大肠A.病毒都是寄生的，没有细胞的存在就没有病毒的繁殖杆菌的DA进行热变性处理，然后进行密度梯度离心，离心管中出现的两个条带分别对应B.病毒的核酸与宿主细胞的某些核酸片段碱基序列相似图中的两个峰值。下列分析正确的是密度低密度离心结果C.病毒的组成成分和结构介于生物大分子与细胞之间A.热变性处理导致DNA分子中的磷酸二酯键断裂D.病毒与细胞内核酸和蛋白质结合形成的复合物相似B.根据条带的位置和数目可以判断DNA的复制方式1N条带2.抑制物与底物竞争酶的同一结合部位，阻碍了底物与酶相结合，导致酶促反应速率降低，C.根据实验结果可推测X分钟内大肠杆菌细胞最多条带分裂一次老度称为竞争性抑制：有些抑制物与酶的非活性部位相结合，改变酶的构型，使酶不能与底物DN单链含量结合，导致酶促反应速率降低，称为非竞争性抑制。呋喃丹对棉铃虫头部乙酰胆碱酯酶活D.未经热变性处理的了代DNA进行密度梯度离心后也能出现两个条带性的抑制方式为竞争性抑制。下列说法错误的是7.R基因是水稻的一种“自私基因”，它编码的毒性蛋白，对雌配子没有影响，但会导致同株A.呋喃丹的分子结构与乙酰胆碱相似水稻一定比例的不含该基因的花粉死亡，从而改变后代分离比，使其有更多的机会遗传下去。现有基因型为Rr的水稻自交，F,中三种基因型的比例为RR:R:rr=3:4:1,F,随机授B.两类抑制物均一定程度抑制了酶的调节作用1分月C.非竞争性抑制中，底物浓度的改变不影响酶促反应速率粉获得F2。下列说法正确的是D.抑制物结合的部位阻碍底物和酶的结合，产生空间位阻也可以造成竞争性抑制A.R基因会使同株水稻2/3的不含R基因的花粉死亡3.研究发现，较长时问生活在低温条件下的某植物根系比常温下干重下降、对磷的吸收减慢。B.F,产生的雌配子的比例为R:r=3:5下列有关这一现象原因的说法，错误的是C.F2中r的基因频率约为0.31，基因型为rr的个体所占比例为1/16下1，公8分婚金A.运输P0,等相关离子的载体在低温下空问结构被破坏D.从亲本到F2,R基因的频率会越来越高，该水稻种群已进化为新物种9031B。低温影响与细胞呼吸有关酶的活性，能量供应减少8.热射病（重症中暑)是一种因高温引起的人体体温调节功能失调的致命性疾病，患者体内C.组成根细胞膜的磷脂分子和蛋白质分子在低温下流动性降低热量过度积蓄，导致核心温度迅速升高，从而引发器官功能障碍。下列叙述正确的是D.根系在低温条件下生长绥慢，根毛区的有效吸收面积较常温下生长的根系小A.环境温度超过40℃时，皮肤主要以辐射和传导方式散热4.科学家研究癌细胞分裂过程时发现，在常见的染色体外会出现一些环状的DA(染色体外的B.热射病患者细胞中大部分蛋白质已变性失活，导致器官功能障碍:DNA),即ecDNA。ecDNA上没有着丝拉，往往是随机分配到复制后的细胞。这些从染色体C.健康人体在炎热环境下的散热量通常低于寒冷环境的散热量上脱落下来的ecDNA上包含的主要是癌基因，ecDNA能够极大地增强癌细胞中基因的表达，D.高温天气剧烈运动后，快速饮用大量冷饮是降低体温的最好方式高三生物试题·第1页（共8页）高三生物试题：第2页（共8页）

该细胞器的膜面积会图甲所示细胞中，膜蛋白D的功能可能是若图丙表示葡萄糖进人小肠上皮细胞的某种方式，则，后葡萄糖通过图甲中膜蛋白的种类)进人小肠上皮细胞，进入小肠上皮细胞的动力直接由(填提供。Na进人小肠上皮细胞的方式可以用图乙中的图乙中，若细胞外浓度代表的是甘油浓度，则曲线a(填“a”或“b”)表示。由扩散。脂溶性物质较容易通过细胞膜，原因是(填“能”或“不能”)表示自分)细胞中每时每刻都在发生着化学反应，这些化学反应离不开酶的催化。某研究性学小组进行了以下有关酶的探究实验，已知淀粉在酸性条件下会被水解。回答下列相关题：验一探究温度对酶活准的影响，并将探究结果绘制成图A验二：探究pH对酶活性的影响，并将探究结果绘制成图B。速pHA验三的实验流程及现象组：淀粉十淀粉酶→斐林试剂鉴定→出现砖红色沉淀组：蔗糖十淀粉酶→斐林试剂鉴定→不出现砖红色沉淀1)实验一中，温度由10℃升高到30℃，酶促反应速率会增大，原因是实验二中，最好不用淀粉酶，原因是根据实验三的实验现象(填“能”或“不能”)证明酶具有专一性)细胞中的代谢能快速且有条不紊地进行，从酶的角度分析，可能与关。实验一中，在不同温度下，随着反应的进行，酶促反应速率都会逐渐下降，原因是1分)为探究不同光质和CO2浓度对番茄幼苗净光合速率的影响，某实验小组分别用参W的白色、红色和黄色灯管做光源，设置不同CO2浓度处理番茄幼苗。培养一段时间后，定番茄幼苗的净光合速率（净光合速率=真光合速率一呼吸速率）并绘制曲线，结果如图示。据图回答下列问题：2.5r净光合速率umol.m2·s)。黄光100.500.51000305001000,15002000C0,浓度L·L)-1.0-151)图中a点时，叶肉细胞中产生ATP的细胞器有,ADP在叶绿体中的移动方向是;此时在红光照射下，番茄幼苗的叶肉细胞中的光合作用强度(填“大于”、“等于”或“小于”)呼吸作用强度。2)若其他条件不变，将C02的浓度从1500L·L调整至300L·L1,则短时间内NADPH的含量会3)图中b点数据大于c点的原因是从物质角度分析，叶绿体类囊体薄膜与光合作用相适应的特点是【高一生物学第6页（共6页）】004A

(3)图中④过程需要提供的条年有」(至少答出3点)。（15分)杨梅酸甜适中，既可直接食用，也可被例果酒和果融。某兴趣小组酿恻杨梅酒并在杨梅酒的基础上酿制杨梅醋的简易步骙如下。回答下列问题：第一步制取发酵液：向杨梅汁中加人白砂糖，将糖的质亚分数调至8%，灭的冷却，第二步酒精发酵：接种酵母菌，恒温（温度为x℃）发酵；第三步采腊发酵：向杨梅酒中接种酬酸菌，恒温（温度为y℃）发酵。(1)上述步骤中，x与y的大小关系为，(2)第一步中发酵液常采用法进行灭菌。灭菌后，发酵液孺进行冷却处理，其目的是0(3)杨梅的表面一般有野生型酵母菌，酵母菌的代谢类型是第二步中仍要接种酵母菌的原因是(4)该兴趣小组为了酿制口味纯正的杨梅酒和杨梅醋，先从杨梅园内的土壤中分离出优良酵母菌和醋酸菌。配制培养基的步骤是→溶化→灭菌→倒板。往往需要在灭菌(填“前”或“后”)调pH,这样可以降低培养基被污染的风险。可根据菌落的(答出3点)等特征从板上初步筛选目的菌，原因是35,（10分)随着人们对骆驼奶特殊营养价值及辅助医用功效的认识，提高骆驼产奶量已成为提升骆驼产业竞争力和牧民增收的主要途径。在内蒙古世界首例低温保存的骆驼胚胎移植成功，流程如图。回答下列问题：单峰公驼高产奶①超数②自然交配③胚胎质量检。阿拉善妊娠分娩产单峰母驼排卵或人工授精查、低温保存→双峰母驼→检查下驼羔(1)图中过程①具体采用的措施是在输卵管中完成受精时，防止多精入卵的两道屏障是(2)将单峰驼胚胎移植到阿拉善双峰母驼子宫中的实质是。一般来说，在单峰驼胚胎胚胎发育到期时可进行胚胎移植，双峰母驼的子宫(会/不会)对单峰驼的胚胎发生免疫排斥。(3)为实现某一品种高产奶骆驼的大量繁殖，还可采用克隆技术，此过程涉及的技术有（答两种)。若对图中获得的胚胎进行分割，需要注意的问题是(答出两点)。高二生物第10页（共10页）

比，TNF。基因敲除组细胞毒性T细胞减少，记忆细胞增多，说明TNF。基因友达产物本身会促进细胞毒性T细胞形成，抑制记忆细胞的产生，所以TNF。基因表达产物本身会增强初次免疫对抗原的清除，减弱再次免疫，C项正确：麻风分枝杆菌再次人侵时，部分直接刺激记忆细胞，由记忆细胞增殖分化成细胞毒性T细胞后发挥免疫作用，部分直接刺激细胞毒性T细胞发挥免疫作用，D项错误。【解题分析】“母性效应”，即下一代螺壳的表型由上一代母本的基因型决定，而不受本身基因型16.C【命题意图】本题考查孟德尔遗传规律的应用，以考查考生推理能力支配。但“母性效应”在遗传的过程中，成对的基因彼此分离，其遗传方式符合分离定律，A项错误；因为亲本均为纯合子，所以实验中F全部为杂合子，F2的基因型及比例为AA：Aa:aa=1:2:1,所以F中纯合子：杂合子=1：1，B项错误；因为下一代螺壳的表型由上一代母本的基因型决定，所以，自交后代的表型要看F的基因型，F是由F2自交产生的，F,椎实螺群体中的基因型及比例为AA:Aa:aa=3:2:3,且右旋为显性，所以F,自交后代中右旋：左旋=5：3，C项正确：F。椎实螺群体中有关螺壳旋转方向的基因型及比例为AA:Aa:aa=3:2:3,且右旋为显性，所以具有左旋基因a的个体占5/8，D项错误。17.(1)B、D(2分)b(2分)(2)叶绿体、线粒体(2分)大于(1分)光照强度为α时，B整个植株的净光合速率为0，因B植物有些部位细胞不能进行光合作用，故B植物叶肉细胞的真正光合速率大于呼吸速率(2分)(3)A(2分)植物的净光合作用较强，消耗细胞间CO2的速率较快（合理即可，1分）【命题意图】本题以农作物间作为情境，考查光合作用、细胞呼吸的相关知识，要求考生能在分析题干中材料的基础上，结合图形及教材中光合作用、呼吸作用的过程、影响因素的知识解决相关问题，突出基础性、应用性的考查要求。【解题分析】(1)棉花喜阳，大豆喜阴，棉花的光饱和点比大豆的高，所以图1代表大豆的是B曲线。图2实验是处于图1所示某光照强度下测得的，图2中C曲线CO2含量不变，说明该植物真正光合速率=呼吸速率，此时D曲线CO2含量下降，对应的植株真正光合速率大于呼吸速率，据此可推知图2对应的光照强度为图1中的b(A曲线P/R=1,B曲线P/R>1),C曲线对应棉花，D曲线对应大豆。(2)光照强度为a时，B植物真正光合速率等于呼吸速率，B植物叶肉细胞中能产生ATP的细胞器是叶绿体和线粒体，此时B植物叶肉细胞的真正光合速率大于呼吸速率，原因是光照强度为α时，B整个植株的净光合速率为0，因B植物有些部位细胞不能进行光合作用，故B植物叶肉细胞的真正光合速率大于呼吸速率。(3)棉花比大豆的光补偿点高，需要更多的光照，在较长时间连续阴雨的环境中，生长受影响更显著的植物是棉花(A)。光照强度大于d时，两种植物细胞间CO2浓度均远低于空气中CO,浓度，可能是植物的净光合作用较强，消耗细胞间CO2的速率较快所致。18.(1)微量、高效，通过体液运输，作用于靶细胞、靶器官，作为信使传递信息（答对才给分，2分）全国100所名校最新高考冲刺卷·参考答案第5页（共8页）【23·（新高考）高考样卷·生物学（一）·GD0八G】

学生用节名师导学·选择性考试第一轮总复·生物第二讲染色体变异1.课标要求因重组、基因突变和染色体变异（科学思维、科举例说明染色体结构和数量的变异都可学探究)。能导致生物性状的改变甚至死亡。(2)运用遗传与变异的观点，解释常规遗2.素养水传学技术在现实生产生活中的应用（生命观(1)基于证据，论证可遗传的变异来自基念、社会责任)。知识点一染色体数目的变异必备知识。。。。基础知识夯实教材知识整合41.染色体变异的概念：生物体的体细胞或(4)多倍体的染色体数目或的①概念：体细胞中含有变化。染色体组的个体2.染色体数目的变异②特点：与二倍体植株相比，多倍体植株(1)类型及实例常常,叶片、果实和种子都较大，类型实例糖类和蛋白质等营养物质的含量都有所增加。的增加③人工诱导多倍体的方法21三体综合征或减少a.方法：处理或用细胞内染色体数目以诱发等。成倍地三倍体无子西瓜b.处理对象：萌发的种子或增加或减少c原理：当秋水仙素作用于正在分裂的细(2)染色体组胞时，能够抑制的形成，导致①概念：在大多数生物的体细胞中，染色不能移向细胞的两极，从而引起细胞内体都是两两成对的，也就是说含有两套非同源染色体数目染色体数目加倍的细染色体，其中每套称为一个胞继续进行,就可能发育成多倍染色体组。体植株。②组成特点：不同的非同(5)单倍体源染色体。①概念：体细胞中的染色体数目与本物种(3)二倍体染色体数目相同的个体，叫作单体细胞中含有个染色体组的个体倍体。叫作二倍体，在自然界中，几乎全部②实例：蜜蜂中的,单倍体的农和过半数的都是二倍体。作物。206