答案AP,=U1=100w,而电阻R,的电功率P,=尺=20W,由理想变解题分析本题考查v一t图像、牛顿第二定律。由速度一时间图像可知，两段图线的加速度大小均为a=1.2m/s2。由牛顿第压器输入功率等于输出功率可知，变压器的输入功率P=P,十P二定律得滑块在BC段运动的加速度大小a=gsin0-41gcos0,滑=300W,D项错误。块在CA段运动的加速度大小a=2gcos0-gsin0,解得1=0.6、2=0.9,A项正确。17.如图甲所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比1：2=18.【典型情境题】一位网球运动员用网球拍击球，022:5,电阻R1=R2=12.52,D为理想二极管（理想二极管具使网球沿水方向飞出。如图所示，第一个球有单向导电性)，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，则从O点以某一速度水飞出，落在己方场地上一的B点后反弹刚好过网上的C点，最后落在对方场地上的A220V2点：第二个球从O点以另一速度水飞出，也刚好过网上的C2/x10s)220V2点后落在A点。已知网的高度为，球与地面碰撞时没有能量A.原线圈接的交变电压瞬时值表达式为u=220,2sin(50πt)V损失，不计空气阻力。则击球点O到地面的高度为B.变压器的输出电压为100VA.ShB.hC.D.C.通过R2的电流为2√2AD.变压器的输入功率为400W答率C答案B解题分析本题考查含有二极管的变压器的电路分析。通过解题分析本题考查抛运动。两球被击出后都做抛运动，由抛运动的规律可知，两球分别被击出至各自第一次落地的题图乙可知交变电压的最大值为220,2V,交变电流的周期T=0.时间是相等的，由题意知，球与地面碰撞时没有能量损失，故第02s,w=2=100rrad/s,则原线圈接的交变电压瞬时值的表达式个球在B点反弹瞬间，其水方向的分速度不变，竖直方向的分速度以原速率反向，根据运动的对称性可知两球第一次落地时的水U为M=2202sin(100mt）)V,A项错误；由理想交压器变压规位移之比x1:x2=1:3,故两球做抛运动的初速度之比1：2=1:3。设击球点O到地面的高度为H,第一个球从水方向飞可知，输出电压U2=50V,B项错误；由理想二极管的单向导电出到落地点B所用的时间为，第二个球从水方向飞出到C点n2所用的时间为t2,则有H=2g2,H-h=2g22,又x1=4,0,C性可知，交变电流每个周期内只有一半的时间有电流通过R2,由交之间的水距离x1'=22,第一个球第一次到达与C点等高的点,0U22.T_U变电流的热效应可知，R2·2RT,解得U=U,=252V,由时，其水位移x2'=2,由运动的可逆性和运动的对称性可知22x='十x2',可得1=2，H=h,B项正确。欧姆定律可知，通过R2的电流为2、2A,C项正确；电阻R2的功率23·JD·物理-N

全国@。所名校高考模拟金典卷(五)题序123567810111213141516答案CDCADDCBDCDBBB1.含案C解题分析结合材料可知，洛杉矶工业走廊依托城市发展轴线，主要沿交通线分布，即影响工业走廊布局的主要因素是交通。2.答案D解题分析题干强调的是中心城区的“再工业化”，原来市中心人口和产业过度集中，出现了环境恶化、交通拥堵等一系列城市问题，导致大量人口和产业从市中心“出逃”，造成市中心衰落，因此要实现市中心“再工业化”，需要复兴对环境影响小的工业。3.答案C解题分析黄土高原水土流失严重的自然原因为季风气候，降水集中且多暴雨；黄土土质疏松，遇水易消散等；冻融作用主要出现在高纬度和高海拔地区，康家圪崂沟流域冻融作用表现不明显；不合理的开矿和耕作制度（轮荒）都属于人为原因。4.答案A解题分析梯田主要修筑在流域的沟壑缓坡和梁峁面，降低了坡面坡度和地表径流速度，蒸发、下渗增加，雨季前后的5~9月产沙量和河流径流量减少；梁峁面或整土地，或修筑梯田，侵蚀作用减弱，水土流失减弱；雨季地表水下渗增加，到枯水期补给河流水量增加，11月~次年2月径流量增加。5.答案D解题分析甲区域等高线密集，是陡坡，适宜退耕还林、还草；水库适宜修建在地势低洼处，陡坡修建水库，集水面积小，且增加了危险性。6.答案D解题分析由材料可知，山地玫瑰生长在加那利群岛山地北坡针叶林下开阔地带。结合所学知识可知，加那利群岛（受副热带高气压带和西风带交替控制，沿岸有寒流）为地中海气候，说明该植物耐旱，怕积水和闷热潮湿，生长在北半球的山地北坡（阴坡）针叶林下开阔地带，说明该植物耐阴，忌强光、酷热，遇高温有休眠现象，因此山地玫瑰的生长性应为喜温凉。7.答案C解题分析根据上题解析可知山地玫瑰生长性为怕强光、酷热，遇高温季节则会出现休眠现象，该地属地中海气候，每年7~8月炎热少雨，光照充足，应为休眠期。8.答案B解题分析由经度可知该地约为西一区，光照最强时为地方时12时，此时东八区（北京时间）时参考答案（四一六）第4页（答案共9页）【23新高考·JD·地理一FJ】

所以∠CBG+∠BBG=∠BB,F+∠BBG=受，所以BFLBG..，…2分因为点G,H分别是CC,DD的中点，所以GH∥DC,因为CD⊥面BCCB,所以GH⊥面BCCB,从而GH⊥BF.…4分又BG∩GH=G,所以BF⊥面BGHA,因为B,FC面B,EF,所以面B,EF⊥面ABGH.6分(2)解：以D,为坐标原点，DA,DC,DD的方向分别为x轴，y轴，之轴D的正方向，建立空间直角坐标系，则B(1,1,0),E1,令，1D,F(号1,1D,D=11.0.B正=0，合1.i=(-,0.…8分H设面BEF的法向量为n=(x,y,2),n=-x+=0,所以n·BE=-12y十2=0，x=2,令之=1，可得即n=(2,2,1).…10分y=2,设点D,到面BEF的距离为d,则d=DB·nn√/22+22+123即点D,到面BEF的距离为3·412分21.(1)证明：因为BC∥AD,BCt面ADMN,ADC面ADMN,所以BC∥面ADMN.……2分又BCC面PBC,面ADMN∩面PBC=MN,3分所以BC/∥MN.…5分(2)解：以A为坐标原点，AB,AD,AP的方向分别为x,y,之轴的正方向，建立如图所示的空间直角坐标系.因为PA=AB=2BC=2,AD=3,所以A(0,0,0),B(2,0,0),C(2,1,0),D(0,3,0),P(0,0,2).……6分易证BC⊥面PAB,所以BC⊥AN,由(1)知BC∥MN,所以AN⊥MN,声1VD又面ADMN⊥面PBC,面ADMNO面PBC=MN,所以AN⊥B面PBC,所以AN⊥PB.……8分因为PA=AB,所以N为PB的中点.又BC∥MN,所以M为PC的中点.因为N(1,01),M1,号，1)，所以A=(1,0,1)是面PBC的一个法向量。…9分设面MBD的法向量为m=(x,y,),因为BD=(-2,3,0),B=(-1,号，1D,BD·m=0,-2x+3y=0,所以即〈-x+叶=0,不妨令x=3,则m=(3,2,2).…10分BM.m=0,因为cos(m,A=m·A寸3+25√34ml|AN1√17X√234所以面PRBC与面MBD夹角的余弦值为5是12分【高二数学·参考答案第4页（共5页）】·23-67B·

又面ABC的一个法向量AP=(0,0,2),∴cos(n,AP)=n·Ap2=1√6nAP√/1+4+1·2√66二面角B-AC-M的余弦值为66.ABC解析：如图，以D为坐标原点，DA,DC,DD1在D直线分别为x轴，y轴，之轴，建立空间直角坐标系，则CB(0,1,0),B(1,1,0),C(0,1,1),B(1,1,1).设P(t,0,1APt),0≤t≤1.A项中，C1P=(t,-1,-t),CB1=(1,0,1),因为CP·DCB,=0,所以CP⊥CB,故A项正确；BB项中，因为DA∥CB,所以面PBC1即为面ABCD1,两面都固定，所以其二面角为定值，故B项正确；C项中.因为点P到直线C的距离AB=1,所以Vc-}×(号XC×AB)×2CB,-石，故C项正确：D项中，CP=(t,一1,1-t),易知面ABCD1的一个法向量为CB,=(1,0,1),所以cos(CP,CB1)不是定值，故D项错误.7.v3010解析：建立空间直角坐标系，如图，则A(1,0,0),DCE(0,2,1),B(1,2,0),C1(0,2,2)BC=(-1,0,2),AE=(-1,2,1),c0s〈BCi,AE)=BC·A它30DAC YB所以异面直线C,与AE所成角的余弦值为8.行解桥：？正方体的陵长为eAM=AN图店=名A三.瓜CA.:“M-M+BC-C-号AB+BC-号ci-号(A,B+B)+B心+号Ci·27·【23新教材·ZC·数学·参考答案一BSD一选择性必修第一册一N】

【追踪训练】【解析】1)作出函数y=(）的图象，保所以在[-4.0上，<0成立的x的取值范围为（一吾-）小留y=(合)图象中x≥0的部分，加上y=（号)的-01所以0的解集为(-受，-U(1,受)】x图象中x≥0的部分关于y轴的对称部分，即得到y-(号)的图【追踪训练3】C【解析】作出函数f(x)的图象，如图所示象，如图中实线部分所示.1(2)将函数y=log2x的图象向左移1个单位长-32-个245x度即可得到函数y-log2|x十1的图象，而y(og2x(x0),logzl=是一个偶函数，其图log2(-x)(x<0)当x∈(-1,0)时，由xf(x)>0得x∈(-1,0)；当x∈(0,1)时，由xf(x)>0得x∈☑；当x∈(1,3)时，由xf(x)>0得x∈(1,3).所以象关于y轴对称，则y=log2x十1的图象关于直线x=一1对称，如x∈(-1,0)U(1,3).图所示.【例4】C【解析】在同一面直角坐标系巾作出函数y=f(x),y=x（3y--2+函数图象可由=子一x一m的图象，如图所示.的图象向右移1个单位长度，再向上移2个单位长度得到，如图所示123x考点21.B【解析】设y=f(x)=1L。,则函数fx)的定义域为{xx≠0，关x2+2于原点对称，In-x因为fK一）巴x十2f),所以函数f代x为偶函数，排除A,C:y=f(x》当x∈(0,1)时，lnx<0,x2+1>0,所以f(x)<0,排除D.故选B.由图可知，不等式f(x)≥x2一x一m的解集中的整数解为x=0,2+22[-6,6],2.x32.B【解析】·y=f(x)故K0≥0-0-m解得-2m<-1.f(1)<1-1-m,f-x)=2-)2.x32r+222-r+2=-fx),【追踪训练】（合，）【解折先作出fx)=x-2l+1.f(x)是奇函数，排除选项C.G、4-函数f(x)=|x一2|十1的图象，如图当x=4时y2+216+152×4=128∈(7,8)，排除选项A,D.故选B.所示，当直线g(x)=kx与直线AB3行时斜率为1，当直线g(x)-kx考点3过点A时斜率为？，放当)=2025 x【例2】C【解析】将函数f(x)=xx一2x去掉绝对{2-2.x,x≥0，g(x)有两个不相等的实根时，及的取值范围为（号1）值，得f(x)=-x2-2xx<0,悟方法技巧画出函数f(x)的图象，如图，观察图象可知，函数方法突破f(x)的图象关于原点对称，故函数f(x)为奇函数，且在（一1,1）上单调递减.【典例】D【解析】对于A,y=f(.x)十g(x)-年=t2+sinx,该函数为【追踪训练2】C【解析】画出y=|f(x)|=|2x一1|与y=g(x)=1一非奇非偶函数，与函数图象不符，排除A;x2的图象，它们交于A,B两点.由题意，在A,B两侧，f(x)|≥g(),对于By=)-s)-=x2-sinx,该函数为非奇非偶函数，与故h(a)=f(x);在A,B之间，f(x)g(x).故h(x)=-g(x).函数图象不符，排除B;=x对于Cy=f)g()=(?+是）sn,则y=2xsnx+(2+专osy=g(x)当x=子时y=受×号+（需+）×号>0，与函数图象不符，综上可知，y=h(x)的图象是图巾的实线部分，因此h(x)有最小值排除C.故选D】1,无最大值.【突破训练】(1)(C(2)B【解析】(1)根据函数图象知，f(x)为奇函数，【例3】（-变，-1)U(1,交）【解析】当x∈(0，受)时，y=osx排除A,B对于选项D,当c>0时，f(a)=e>0,排除D.放选C0.(2)将函数f(x)的图象先整体往右移1个单位长度，得到y=f(.x当x∈（乏，4)时，y=cosx<0.一1)的图象，再将所有点的横坐标压缩为原来的2，得到y=f(2x结合y一在[0小上的图象知当1<<受时，01)的图象又两数y一为偶丽数，23XKA·数学（理科）·15·

湖南省2022年普通高中学业水选择性考试物理模拟试题（六）参考答案1.C【命题意图】本题以氚的3衰变为情境，要求考生运用所学的半衰期的知识解答相关问题，主要考查理解能力，体现了科学思维的学科素养，突出基础性的考查要求。【解题分析】氘发生B衰变的半衰期为12年，36年是3个半衰期，废水中的氛含量大约为现在的号=12.5%，C项正确。2.C【命题意图】本题考查理想变压器的知识，要求考生能通过理想变压器原、副线圈的电压和匝数比的关系求解变压器的输出电压，能分析负载电阻的变化对输出功率和原线圈的电流的影响。【解题分析】根据电压与匝数成正比可知，原线圈两端电压的最大值为220√2V,所以副线圈两端电压的最大值为22√2V,所以副线圈两端电压的有效值U=22V,A项错误；由题图可知，交流电的周期为0.02s,所以交流电的频率为50Hz,B项错误；滑片P下移，R变小，而电压不变，原、副线圈中的电流都变大，而P=UI,输入功率等于输出功率，C项正确、D项错误。3.B【命题意图】本题以舰艇沿直线航行为情境，要求考生运用所学的功率、动能定理等知识解答相关问题，主要考查推理能力，体现了科学思维的学科素养，突出综合性和应用性的考查要求【解题分析】舰艇的最大速度为则舰艇所受的阻力大小了=号，根据动能定理有P1一f:=2,解得x=2Put一m心，B项正确。2P4.B【命题意图】本题考查电磁感应与恒定电流等知识，要求考生能通过法拉第电磁感应定律求出感应电动势的大小，再通过恒定电流中的公式求解感应电流和回路中消耗的电功率。【解题分析】当导体棒以速度竖直向上做匀速运动时，导体棒切割磁感线，产生感应电动势和感应电流，导体棒有效的切制长度为，导体棒中产生的感应电动势E-,流过导体棒中的电流I-_8d，2r回路中消耗的电功率P=EI=3Bt,B项正确。Ar5.D【命题意图】本题考查行板电容器、静电计等知识，要求考生能正确区分有关电容器的动态分析中U不变的问题和Q不变的问题，能通过电容器电容的变化，进而得到电容器两极板间电势差的变化，知道静电计指针张开角度的大小反映电势差的大小。【解题分析】保持开关S闭合，电容器两端的电势差等于电源的电动势，故电容器两端的电势差始终不变，因此无论是移动R的滑片，还是改变两极板间距，静电计指针张开角度都不变，A、B项错误；断开开关S后，电容器所带电荷显不变，将上极板向左移动少许，即两极板正对面积S减小，根据C-知，电容破小，根据U-是知，板间电压增大，静电计指针张开角度增大，C项结误：断开开关S后，电容器所带电荷量不变，若紧贴下极板指人全属板，则4减小，限据C-知，电容增大，根据-是知：板间电玉减小.静电计指针张开角度减小，D项正确。6.C【命题意图】本题以排球运动巾的垫球为情境，要求考生运用所学的牛顿第二定律、动量定理和动能定理等必备知识解答相关问题，主要考查考生的推理能力和分析综合能力，体现了物理观念和科学思维的学科素养，突出综合性、应用性、创新性的考查要求【解题分析】排球下落时的加速度大小a=mg=8m/s,排球与手接触前瞬间的速度大小=√2ah124m/s,排球上升时的加速度大小a2=mg十f=12m/s,排球离开手时的速度大小2=√2a2h2=6m/s,所全国100所名校最新高考模拟际范卷·参考答案第1页（共6页）【22·（新高考）MNJ·物理（六）·HUN】

解法三由a(nx-x+分)≤f)得，。产-as≥anx-e2x-2-1ar+2a,整理得e2-alnx-2a≥0，易知p'(x)单调递增，且p'(1)=0,∴.当x∈(0,1)时，p'(x)<0,p(x)单调递减，令h(x)=e产-alnx-2a(x>0),当x∈(1，+∞)时，p'(x)>0,p(x)单调递增，则h(x)≥0，h'(x)=2e-(x>0),p(x)m=p(1)=-}=0,当a<0时，h'(x)>0,h(x)单调递增，p(x)=2?-hx-号≥0恒成立。且当x0时，h(x)<0,不满足题意，(6分)得h(x)≥0恒成立(11分)当a=0时，h(x)=e2>0,满足题意(7分)综上，实数a的取值范围为[0,2e2].(12分)当a>0时，由h(1)=e2-2a≥0，得00),则p(x)

18.C(臭氧是地球上生命的保护伞；CO2是绿色植物光合作用的基本原料；水汽和固体杂质可成云致雨；氮是生物体的基本元素。)19.D(2060年达到碳中和，之后大气中二氧化碳浓度会有所下降，从而使大气对地面辐射的吸收减少，大气逆辐射减弱，④减弱，D正确；①和②分别代表大气上界和到达地面的太阳辐射，不会有变化，AB错误；③代表地面长波辐射，没有变化，C错误。)20.A(碳达峰碳中和应对的主要问题是全球变暖。)21.D(读等压线分布图可以看出，图中①至点⑤，气压相等的是①②③，因为①②③位于等压面上，④的海拔低于①②③所在等压面的海拔，⑤的海拔高于①②③所在等压面的海拔，依据“海拔高，气压低”的原理，④的气压大于①②③，⑤的气压小于①②③。故①至点⑤气压最高的是④，气压最低的是⑤。)22.D(在城市热力环流的作用下，城市空气上升，郊区近地面风吹向城市，带来了郊区的清新、凉爽、洁净的空气，有利于城市的空气清新，城市温度的降低，缓解城市热岛效应，净化城市空气。)二、非选择题（本大题共3题，共56分。）23.(20分)(1)三角洲(2分)沙丘(2分)(2)流水侵蚀（溶蚀）(2分)风力侵蚀(2分)(3)乙(2分)丁(2分)气候条件：气候干旱(2分)；多大风天气(2分)(4)丁(2分)作用：增大地面粗糙度，降低风速；截留水分，提高沙层含水量。（任答1点得2分）24.(24分)(1)降低(2分)升高(2分)先降低，后升高(2分)②层中的臭氧吸收大量太阳紫外线(2分)(2)②(2分)以流运动为主；(2分)水汽、杂质含量少，天气晴朗。(2分)(3)甲(2分)绘图略（在甲图中绘制，方向为逆时针）(2分)乙(2分)图中旗帜的飘动方向为向陆一侧，说明吹海风；(2分)海风来自气温较低的海洋，对城区具有降温作用。(2分)25.（12分)(1)3(2分)海上内循环(2分)③①④⑤(2分)(2)(2分)降水集中，强度大；(2分)地面硬化面积大，水分下渗少。(2分)地理参考答案第2页

1江--传)分2+5”………1018.【解析】(1)因为a$inC=J3(b-acosC),所以sin Asin C=√3(simB--sin Acos C).因为sinB=sin(A+C)=sin Acos C+cos Asin C,所以sin Asin C=√3(sin Acos C+-cos Asin C-sin Acos C)=,√3 cos Asin C.因为mC≠0，所以1anA=5又因为0

16.(15分)如图甲所示，在xOy面的第工象限内有沿x轴正方向的匀强电场E1,第Ⅱ、Ⅲ象限内同时存在着竖直向上的匀强电场E2和垂直纸面的磁场B1,已知E2=0.25N/C,磁场B1随时间1变化的规律如图乙所示，其中B,=0.25T,6=无s,垂直纸面向外为磁场正方向。一个质量为m=2.5×10-61kg、电荷量为q=1×10-4C的带正电液滴从P点以速度b=4m/s沿x轴负方向水人射，经t=0.5s恰好以沿y轴负方向的速度v经过原点O后进入x≤0的区域。已知t=0时液滴恰好通过O点，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2。求：2B。B●●0to-B23.4.5。-2B。之(1)电场强度E的大小及液滴第一次到达O点时速度v的大小；(2)液滴在0~至s内的路程；(3)若在t=于s时撤去电场E、E,和磁场B1,同时在整个空间区域加竖直向上的磁感应强度大小为B=0.5T的匀强磁场（未画出），从此时刻起，再经过t=无s,液滴距0点的距离。（x2≈10)

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参考答案及解析历史加剧，引发了第一次世界大战，西方文明开始衰落；方文明衰落趋势日益明显。总之，西方制度的弊端1917年，俄国十月社会主义革命爆发和苏联的一系以及世界政治经济局势的变化都加速了西方文明的

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2022一2023学年度高三一轮复周测卷（一）历史·中国早期政治制度和秦朝中央集权制度【贵答【花(考试时间40分钟，总分100分)一、选择题：本题共15小题，每小题4分，共60分。在每小题给出的四个

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光守发装后电流表的①1A接线柱接人由助解析：(1)滑动变阻器接入电路的阻值不变，电压表与电阻箱两端电压不变，电压表示数变为满偏电压的}某蓄电池的电动热和是02定益电阻R心05n(3即号U时，则电阻箱分

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补全短文36~40 GBCAD完形填空7岁的时候，作者参加了一次舞蹈节目表演，但一次失误让作者很痛苦。近来，作者也能笑对那次表演中的失误了。41.D这是十月的一个凉爽的夜晚。大厅里满是观众，气氛热烈。

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③高空甲一气流运动方向近地面气压带083060°90"11.与欧洲西部气候形成原因相关联的气压带或风带是()A.甲—东北信风带B.①—赤道低压带C.②—副极地低压带D.乙—西风带12.此图对应的季节以

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二次联合测评地计器速是的特先村游选让与有的的装水地理关本，山南有地处黄土高原，有金四术他黄海冷水团华纯克股的不明大太尚不用分基温度的增加，和布，指此完成一6题，我国开创了世界上33据此完成10~12村

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下因为甲、乙两地生态系统的养分循环示意图。完成25题。脱落物脱用作用甲地乙地注：圆函大小反应养分冰量的多少，箭头粗细表示物沈昼的大小第25题图25.下列说法正确的是()A,甲地有可能为我国新疆地区B.

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2C=6C=32众=20=lcat42+b28625第13题2b220

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22.(本题用空间向量法不予给分)正方体ABCD-AB,CD中.(1)已知AB=2,E,G分别为CC,AD中点.()若过G的截面与面BDE行，求此截面的面积：(i)若F,H分别是CD,AD上动点，

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当A,F,B三点共线时，AF1十|BF=AB1,AB的中点到准线的距离等于4，所以AB的中点到x轴的距离为3.当A,F,B三点不共线时，AF十IBF>AB1,AB的中点到准线的距离大于4，所以AB的中

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(3)重锤达到最大速度时细绳突然断裂，转轴还能转过的角度0（用弧度表示）。d○6第21题图22.(10分)如图所示，在无重力场的宇宙空间里有一xOy直角坐标系，其I、V象限内存在垂直于纸面向里的匀强磁

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C若≥2，则2a

1/424届广东省普通高中学科综合素养评价2月南粤名校联考数学注意事项：1,本试卷满分150分，考诚时间120分钟2.答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试卷和答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡上的指定位置3.请按题号顺序在答题卡上各题目的答题区城内作答，写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区城均无效4,选择题用2B铅笔在答题卡上把所选答案的标号涂黑：非选择题用黑色签宇笔在答题卡上作答：字体工整，笔迹清楚5.考试结来后，请将试卷和答题卡一并上交一、单项选择题：本题共8小题，每小题5分，共40分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的，1.已知集合A=(-1,3),B={x3≤2x-1<7,则A∩BA.[-1,4)B.(-1,4)C.[2,3)D.(2,3)2.下列函数既是奇函数，又在(0，十∞)上单调递增的是A.fx)=x方B.f(x)=2C.f(r)=-x'n)=2-3.已知角a的始边与x轴非负半轴重合，终边过点P(-一1,2)，则cos2aA号B-吉c号D.-4在一)广的展开式中，2的系数是A.-4B.4C.-12D.125.在△ABC中，点D在边AB上，且BD=2DA.点E满足CD=2CE.若AB=AC=6,ABAC=6,则1AE1=A.ITB.23C.12D.116.已知函数fx)=2ar+br+1(a≠0)在点1，f1)处的切线与直线l:x+2y-1=0垂直，则ab的最大值为A.1B司cD.2【南粤名校·数学第1页（共4页）】

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示数为03A,即可算出儿=号-8X-9.3n小明爬一层楼做的功W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×3m=1500J(4)测量定值电阻的阻值，需要测量电阻的电压和电所以他爬楼的层数流，为减小误差，要多次测量，最后取均值作为测量结果.(5)在①中，电路为只有R的简单电路，电压n=2-0.63×10Jx10%=42W1500J表测电源电压，为U1;在②中，R与滑动变阻器最大21.解：(1)大阻值串联，电压表测R两端电压，根据串联电路电压(2)当检测装置上没有酥梨时，压力F为0，此时压规律，滑动变阻器两端电压为U=U,-U2,根据串敏电阻R=100Ω，根据欧姆定律可得，此时电路中的英分三原理生说-是甲G是博可求风电流U滑R。’U12VU2Ro1=R+R=1002+200=0.1A的表达式R=U1-U(3)当电路电流等于0.3A时，根据欧姆定律得出电20.解：(1)热值路中的总电阻(2)100g这种食品可提供的能量约为1.26×10°J,U 12V假设这些能量全部被水吸收，则Re=7=0.3A=400Q吸=1.26×106J根据电阻串联的特点得出此时压敏电阻阻值根据公式Q吸=c水m△L,可得水升高的温度R′=R总-R=402-202=202A=段=1.26×106J·由图丙可得，当电阻R为202时，对应的压力为水m4.2×103J/(kg·℃)×6kg=50℃5N,即酥梨的重力为5N,所以此装置筛选出的酥梨(3)吃一块净含量50g的上述油炸食品获得的能量的重力至少为5N.0=1.26x10°Jx50g=0.63×10J(4)应增大定值电阻R。阻值.100g3

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绝密★启用前可天，前镇出fA.保障政府财政收人曾十可日齐鲁名校大联考2024届山东省高三第四次学业质量联合检测王B.缓和社会阶级矛盾C.保护土地私有财产历史D.促进两税法的推行4.宋代赈灾制度有朝廷规

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湖南高一年级五月考试历史参考答案1.D2.C3.C4.A5.A6.B7.B8.A9.D10.C11.B12.D13.B14.B15.D16.A17.(1)历史影响：丰富了儒家士大夫文化；引导民众生活（

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绝密★启用前分上进联音吉安市24届高三索本串攀吉安县立中学峡江中学井冈山中学泰和中学六校协作体5月联合考试地理试卷

(2)汽车重力为G=mg=2×103kg×10N/kg=2×104N,V=V水+Vg=3000cm3+400cm3=3400cm3,因为汽车在匀速直线行驶，根据二力衡可知，牵引力等于阻力，即F=f=0.03G=0.03×2X10N=600N.则此时容器中水的深度：h=y-3400cms 200 cm2=17cm,(3)汽车所做的有用功W有=Fs=600N×54×103m=3.24×水对容器底部的压强：p=P水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10J,17×10-2m=1.7×103Pa;汽车消耗的电能W=(95%-82.5%)×80kW·h=10kW·h(3)物体A的重力：GA=mAg=0.3kg×10N/kg=3N,=3.6X107J,由杠杆衡条件可知：F拉XLoD=GaXLac,汽车的能量转换效率解得F-品×G-需X3N-2N7腰×100%=24X0×100%=90%.3.6×10J由力的衡条件可知，B的重力：Gm=F拉+F僻=2N+4N=6N,答：(1)汽车行驶的路程为54km;(2)汽车受到的牵引力是600N;自G-可知，物体A份质量心一会-D好一06ke,(3)汽车的能量转换效率为90%.0.6kg物体B的密度：ps-号40X10gm=1.5×10kg/m,mB5.解：(1)C919由上海飞往北京的均速度0=三=1178km=答：(1)物体B受到的浮力为4N;2h(2)物体B浸没在水中静止时，水对容器底部的压强为1.7×589km/h.103Pa;(2)C919在高空水定速巡航时，受到的牵引力与阻力是一对(3)细线对物体B的拉力为2N,物体B的密度为1.5×103kg/m3衡力，为1.15×105N,8.解：(1)根据题意可知，圆柱体未浸入水中时，压力传感器的示数飞机牵引力做的功W=Fs=1.15×105N×4×103=4.6×10J,汽油燃烧产生的热量Q=”_4.6X10」-=1.84×10，为30N,由力-号可得，溢水杯对压力传感器的压强为力=号25%30N飞行4km需要消耗的汽油质量m=Q=1.84×109J-150X10‘m-2X103Pa.g-4.6×10J/kg(2)圆柱体未浸入水中时，压力传感器的示数为30N,由于传感40kg,器受到的压力等于水的重力加上溢水杯的重力，即有F压=G水飞行4km需要消耗的汽油的体积V=40 kgp0.8×103kg/m3十G溢水杯’0.05m3=50L.而溢水杯的重力为1N,则水的重力为G水=F压一G滥水杯=30(3)飞机起飞前在水跑道上快速滑行时，机轮与地面的总接N-1N=29N,触面积为S2,飞机对地面的压强为力，此时飞机对地面的压力又G=mg,故溢水杯中水的质量为ms=-9N810 N/kg为F压=S2,2.9kg飞机的重力为G,此时飞机的升力的大小为F升=G一F压，(3)圆柱体刚好浸没时，排开水的体积等于圆柱体自身的体积，图乙是飞机单侧机翼与周围空气发生相对运动的模型，且图中即V排=V霸柱体=Sh=60X10-4m2×15×10-2m=9×104m3,机翼的下表面可视为面，面积为S1,则两侧机翼下表面的总根据F浮=P水V排g可得，圆柱体刚好浸没时，受到的浮力为F得面积为2S1,飞机在跑道上滑行时机翼上下表面的压强差△p==P冰V推g=p水V题柱体g=1.0×103kg/m3×9X10-4m3XF升=G-F压=G-S210N/kg=9N,2S12S12S1细线对圆柱体的拉力为F拉=G一F浮=20N一9N=11N.答：(1)C919由上海飞往北京的均速度为589km/h;(4)圆柱体从到刚好浸没，溢水杯中水的变化量为△h,(2)飞行4km需要消耗50L汽油则S物(7cm一4cm+△h)=S溶△h,(3)飞机在跑道上滑行时机翼上下表面的压强差△=G,S2S1即60cm2×(7cm-4cm+△h)=150cm2×△h,解得△h=2cm6.解：(1)太阳能汽车行驶的均速度=2×10-2m,。=g-70m-40m/s圆柱体从初始位置到刚好浸没，水对溢水杯底部压强的变化量30×60s△p=p水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×2X10-2m=(2)由Q做=mq得，消耗的电能相当于燃烧的汽油释放的热量200Pa.m=a=184X10L=0.4kg答：(1)圆柱体未浸入水中时，溢水杯对压力传感器的压强为94.6×10J/kg2×103Pa;答：(1)太阳能汽车行驶的均速度40m/s;(2)圆柱体未浸人水中时，溢水杯中水的质量为2.9kg;(2)消耗的电能相当于完全燃烧0.4千克的汽油释放的能量.(3)圆柱体刚好浸没时，细线对圆柱体的拉力为11N;类型2：压强、浮力综合计算(4)圆柱体从初始位置到刚好浸没，水对溢水杯底部压强的变7.解：(1)因为物体B浸没在水中，所以物体B排开水的体积：化量为200Pa.V排=V8=400cm3,9.解：(1)由题意知，坦克满载时受到的重力为G=mg=24×则此时物体B受到的浮力：F浮=P水gV排=1×103kg/m3×103kg×10N/kg=2.4×105N,10N/kgX400m3=4N;由于坦克漂浮，所以此时坦克重力等于其受到得浮力，即F浮=(2)日容器中水的体积：V水=Sh水0=200cm2XG=2.4×105N,15 cm水和B的由F浮=PgV可得，此时它排开水的体积V维=FP水g

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2024-10-18 00:25:03

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2024-10-27 01:57:06

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数学B卷045所以c=7，（12分）é求出c给1分.从而△ABC的周长为α+b+c=8+5+7=20.（13分）（正确求出三角形的周长给1分.（本题共15分答案解析网16.解析:（1）证明：方法·，取AB的中点E，连接EG，PE（图略）,答案解析网当PA=PB时，PE⊥AB由面几何的性质证得线线垂直，易知EG⊥AB.因为PE∩EG=E，所以AB⊥面PEG。（3分）（再得到线面垂直的结论给3分.又AB// CD，所以 CD⊥面 PEG.（4分）（将直线 AB与面 PEG 的关系转化为直线CD与面PEG的关系给1分.又PGc面PEG，所以CD⊥PG.又面ABCD⊥面PCD，且两面相交于CD，答案解析网所以PG⊥面ABCD.（6分）利用面面垂直的性质得到结论给2分，方法②，因为面ABCD⊥面PCD，且四边形ABCD为矩形,答案解析网所以AD⊥面PCD，BC⊥面PCD,答案解析网故ADP=ZBCP=90°答案解析网又AD=BC，PA=PB，故△ADP△BCP,答案解析网从而PD= PC.（4分）（由三角形全等证得PD=PC给4分.又CD的中点为G，所以PG⊥CD.（5分）（…由等腰三角形的性质证得PG⊥CD给1分.答案解析网又面 ABCD⊥面PCD，且两面相交于CD,所以 PG⊥面 ABCD（6分）（利用面面垂直的性质得到结论给1分.答案解析网（2）在面PDC内作DH⊥DC，则直线DH，DC，DA两两垂直，如图，以点D为坐标原点，DH，DC，DA 的方向分别为x轴、 答案解析网轴、z轴的正方向建立空间直角坐标系，（7分）（…说明三线两两垂直并建系给1分.则 D(0,0,0)，A(0,0,1)，B(0,4,1) 答案解析网Z当PD=1时，因为ZDPC=90°,答案解析网_DP_1所以cosCDP=所以点P（9分）（！求出点P，点D，点A，点B的坐DC4（4”4)标给2分.(√551，，AB=(0,4,0） 答案解析网所以PA=[-4′-4′]易知DP⊥面 PBC,答案解析网

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