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2024-01-13 04:52:14

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2025一2026学年10月高三年级·名校阶段检测物理参考答案、提示及评分细则题号12345678610答案ADCCBDDAACBD1.【答案】A【解析】做曲线运动的物体所受的合力方向指向轨迹的凹向，飞机加速爬升，则合力与速度夹角为锐角，故选A。2.【答案】D【解析】三个小球均做抛运动·竖直方向有h=Zg，水分位移x>x>xa，则v

当x>时，h'(x)>0,上单调递增14分4则当x=2v/e15分则√a≤2√e，即a≤4e.16分综上所述，α的取值范围为（0,4e·17分另法：当x>0时，由f（x)≥g（x)，得e²x≥√ax，即2x≥(lna+lnx),得lna≤4x-lnx.11分14x-1令g(x)=4x-lnx(x>0)，则g'（x)=4-·12分xx>x>0g'(x)<0，g(x)在上单调递减，当x>g'（x)>0，g(x)上单调递增14分41则当x=g(x)取得最小值，其值为gIn4e·15分4则lna≤ln4e，即a≤4e.16分综上所述，α的取值范围为(0,4e］18.（17分）（1）解：由于双曲线C的右焦点为F(2,0)，所以a²+b²=4.1分h双曲线C的渐近线方程为y=即为bx±ay=0，2b由于点F(2,0)到C的一条渐近线的距离为√3，则√3.·2分√b²+a²=]解得3分[b² =3.·4分3（2）（i）证明：显然圆O的切线PM的斜率存在，设切线PM的方程为y=kx+m，13

高三年级物理学科参考答案命题学校：湖中学湖州中学审题学校：瑞安中学一、选择题I（本题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个备选项中，只有一项是符合题目要求的。)12345678910BACADCDACD二、选择题ⅡI（本题共3小题，每小题4分，共12分。每小题四个备选项中至少有一个是符合题目要求的。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错神墙的得0分）111213ACADBD三、非选择题（本题共5小题，共58分）14-I.（1）B（1分)(2) ①E(2分)②B(2分)14-11. (1) C(1分)(2) 10.70(1分)d24x(3) (2分)5L314-111.（1) ①3(1分)②变小、变小(每空各1分)_(2分)(2)1215.【解析】（1）放热20J..(每个答案各1分）（2）活塞静止不动处于衡状态piS+mg+F=p2S..．(1分)求得：F=550N.．(1分)根据牛顿第三定律得到F：=F=550N，活塞对卡环的力方向竖直向上。(1分)（3）根据玻意耳定律，有：pV=p3V2，得p3=4.8x105Pa,(2分)活塞静止不动处于衡状态piS+mg+Mg=p3S，解得M=71kg。(1分)16．【解析】解答(1)设物块 b摆至最低点的速度为v，根据动能定理有11mgl(1—cosa)=2m vi²—(1分)2m vo2解得v=6m/s.(1分)对b受力分析有Fr一mg=得 Fr=30N..(1分)(2)α、b共速时弹簧的弹性势能最大，由动量定理：mv=2mv，则： v = 3m/s(1分)1(1分)(3)物块 α、b 分离时，速度交换，则：V2 = V1....(1分)①物块α 恰好能不脱离EF，则在E 点mg cosθ= mv²/R，则：v= 2√2m/s(1分)12mv2，则:LE =1.2m(1分)此时物块α恰好能不脱离EF时能滑上FG台，且停在台上，则在台上滑行的路程为xmv²，则： x=0.4m=2L,·…·（1分)2恰好与竖直挡板碰撞后停在F点，因此能滑上台 FG 的情况都不会从EF返回(2)物块α恰好能首次运动至F点停在台上，由物块α从C运动至F点的动能定理-2mgR(1 - cos θ) - mg sinθ : LF - μmg cos θ · Lp = 0 -mv²，则：LF =1.4m·(1分)2综述得：1.2m≤ L1 ≤ 1.4m·（1分)高三物理学科试题答案第1页（共2页）

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数学B卷045所以c=7，（12分）é求出c给1分.从而△ABC的周长为α+b+c=8+5+7=20.（13分）（正确求出三角形的周长给1分.（本题共15分答案解析网16.解析:（1）证明：方法·，取AB的中点E，连接EG，PE（图略）,答案解析网当PA=PB时，PE⊥AB由面几何的性质证得线线垂直，易知EG⊥AB.因为PE∩EG=E，所以AB⊥面PEG。（3分）（再得到线面垂直的结论给3分.又AB// CD，所以 CD⊥面 PEG.（4分）（将直线 AB与面 PEG 的关系转化为直线CD与面PEG的关系给1分.又PGc面PEG，所以CD⊥PG.又面ABCD⊥面PCD，且两面相交于CD，答案解析网所以PG⊥面ABCD.（6分）利用面面垂直的性质得到结论给2分，方法②，因为面ABCD⊥面PCD，且四边形ABCD为矩形,答案解析网所以AD⊥面PCD，BC⊥面PCD,答案解析网故ADP=ZBCP=90°答案解析网又AD=BC，PA=PB，故△ADP△BCP,答案解析网从而PD= PC.（4分）（由三角形全等证得PD=PC给4分.又CD的中点为G，所以PG⊥CD.（5分）（…由等腰三角形的性质证得PG⊥CD给1分.答案解析网又面 ABCD⊥面PCD，且两面相交于CD,所以 PG⊥面 ABCD（6分）（利用面面垂直的性质得到结论给1分.答案解析网（2）在面PDC内作DH⊥DC，则直线DH，DC，DA两两垂直，如图，以点D为坐标原点，DH，DC，DA 的方向分别为x轴、 答案解析网轴、z轴的正方向建立空间直角坐标系，（7分）（…说明三线两两垂直并建系给1分.则 D(0,0,0)，A(0,0,1)，B(0,4,1) 答案解析网Z当PD=1时，因为ZDPC=90°,答案解析网_DP_1所以cosCDP=所以点P（9分）（！求出点P，点D，点A，点B的坐DC4（4”4)标给2分.(√551，，AB=(0,4,0） 答案解析网所以PA=[-4′-4′]易知DP⊥面 PBC,答案解析网