古代中国的科学技术与文学艺术第二十五套滚动内容(B卷)近代以来世界的科学发展历程1.A由材料信息可知，慧远认为在家信奉佛法与出家修行可以不一样，再结合信息“敬君奉亲，服从教化”可知，慧远对佛教徒的要求放宽，且在教理认知上主动吸收儒家部分理论，显然慧远此举有利于百姓接受佛教理论，推动佛教的传播，故A项正确，排除B、C、D三项。2.D根据材料“德礼为政教之本”“免其老疾之苦”“以德化民”可知，政府律令渗透着儒家伦理，故D项正确；“儒家主流地位日益巩固”在材料中没有体现，排除A项；政府律令中涉及儒家思想，并非政府官员支配法律生活，排除B项；外儒内法指的是尊崇儒家学说，但是实际操作中依赖法家学说，材料反映的是儒家思想渗透到司法领域，并非外儒内法，排除C项。3.D由材料信息可知，“割圆术”的出现与生产实践中这一方法的大量应用相关，而雕版印刷术的发明则是以传统科技的总结为基础的，综合上述分析可知，古代中国科技侧重于实用经验的总结，故D项正确；“多学科的交叉渗透”“中西文化的交流”在材料中没有体现，排除A、B两项；结合所学知识可知，经世致用思想主要出现在明清时期，排除C项。4.A由材料信息“中国南方开始大量建造巨舰”“和航海技术的突飞猛进分不开”可知，这里所指的航海技术应与大规模远洋航行相关，联系宋朝时代背景可知，当时指南针技术应用于远洋航行，推动了远洋航行的发展，故A项正确；造船技术不是航海技术，排除B项；由材料信息不能得出“指南针的迅速普及”这一结论，排除C项；磁石指南北技术早在先秦时期就已发现，排除D项。5.D由材料信息“提出…崭新的戏剧概念”“突破了传统曲学‘曲本位’的藩篱”可知，王国维只是在戏曲学研究上突破了传统曲学的藩篱，并没有改变戏曲的发展方向，故D项正确，排除B项；A、C两项对材料理解错误，排除。6.A由材料中“南迁的世家大族…需要心灵的解脱”“书法在世家大族流风相扇、竞能斗胜中，获得了长足的进步”等信息可知，当时书法艺术的发展，得益于南迁的世家大族的推动，世家大族借助书法艺术来表达内心的感受，这意味着书法的表情达意功能被强化，故A项正确；B、C、D三项由材料信息不能得出，均排除。7.D材料“昆曲深受上层统治者欢迎”说明昆曲的格调比较高雅，其内容也反映了封建正统的伦理道德，符合社会的主流价值观，故D项正确。由材料不能得出昆曲不受下层民众喜爱的结论，排除A项；昆曲被誉为近代百戏之祖和材料无关，排除B项；论音乐性和戏剧性，其他剧种也一样优秀，这并非昆曲特别受社会上层欢迎的主要原因，排除C项。8.D由材料信息可知，人文主义者使“具有科学头脑的人”摆脱了“神学成见的学术束缚”，结合所学知识可知，文艺复兴运动为近代科技的兴起奠定了基础，故答案为D项。A项说法错误，人文主义者只是起到“开阔人们的心胸”的作用，但这并不能说明他们直接投身于科技发展，排除；B项说法不符合材料主旨，材料并没有强调神学对科技的束缚，排除；C项说法正确，但不符合材料主旨，排除。9.C由材料中“就像它们依赖于数学论证一样”“关于色彩的命题的论据就是来自实验”等信息并结合所学知识可知，牛顿认为很多数理科学既依赖数学论证，又依赖实验科学，这体现了·74人【23·G3AB·历史·参考答案一R一必考一QG】

(3)已知钙离子参与兴奋神经元神经递质的释放过程。研究人员进一步实验发现，C(钙离子通道，位于突触小体的膜上)可介导以神经元换秋放电，且Cav1表达下降会显著降低焦虑小鼠1中腹沃放更神经元的比例和强度，从而缓解小鼠的焦虑样行为及代谢衡异常。C31表达下降能缓解焦虑小鼠的焦虑样行为及代谢龌常，专套闕是CMM194年诺贝尔奖获得者约瑟夫和赫伯特发现机体存在不同类型的感觉神经牡数@m1鞋型御癸症治行的启示纤维，其末梢相当于图中的⑤（填序号）。00是处单向传递的原因是神浇医汽遵鞘纹1作雯机多麦化29(12分若刺激①，其由相对静止状态变为头存状态产生兴奋。兴奋在③运动神经元病(M个D)患者由于运动神经细胞受损，肌肉失去神经支配逐渐若刺激②，图中的电流器发生2次偏转，方向的(填萎缩，四肢像被冻住一样，俗称“渐冻人”。下图甲表示MND患者神经纤维受“相同”或“相反”)。刺激②引起⑤反应不怂(填“能”或“不适宜刺激后，膜内Na含量变化，图乙是MND患者病变部位的有关生理过程，能”)称为反射。NMDA为突触后膜上的结构。据图回答下列问题：控制排尿的初级中枢③在脊髓，一般成年人可以有意识地控制排尿，说一只明及牛地复桐应汤很牛枢放调拉谷氨酸(10分)触到了火或尖锐的东西，就会发生图示的神经调节过程，回答下列问题：燃NMDA大脑皮层时间/ms相应中枢甲(1)甲图中AB段Na跨膜运输的方式是3动么，Na内流后，神经纤维手指皮肤的膜电位表现为的L外0员兴奋在相邻神经元之间的传递速度比兴奋刺激→髓而本在神经纤维上传导的速度设，原因是件价书功空赵刷嘉达钙。(2)据乙图分析，谷氨酸属于兴有4性（填“兴奋性”或“抑制性”）神经递质，肌肉谷氨酸持续作用于NMDA时会引起Na过度内流，导致突触后神经元A良发生敬细胞水肿破裂。上述过程中，NMDA的作用1)人体行为的产生是一个复杂的生理过程，感受器接受刺激后，子>立(“一定”或“不一定”)会产生兴奋。图中反射弧的效应器是囱是非体别氦驱能，作内高通流辰一折：针刺肌肉后，图中电流表指针偏转情(3)某种药物能治疗N四，推测其作用机理可以是控预久有L你；及进空品的线（答出2点即可）况为不乡2收名负敲2)某人的手无意间被针刺了一下，他只感到疼痛却没有作出反应，从反射弧30.(10分)辣味不是一种味觉，而是灼烧和痛觉的综合反映，因此食用辣椒后，往往会感的结构和功能分析，其受损部位可能是位出碑及请解释该人先缩手后感觉到疼的原因是争®支翘E风然进沁觉“热辣烫口”。科学家发现在口腔或皮肤的传人神经末梢中，存在对辣椒素敏感的TRPV1受体，该受体能被辣椒素或43℃以上的温度刺激激活。请分析四(8分)流通过射3队的条4临对í网比纠大风沛物叶时村近年来，越来越多的研究证实，慢性压力造成的焦虑、抑郁等负面情绪，会导回答下列问题：致代谢失衡，从而让人“吃不好”“睡不好”。我国科学家发现，在对慢性压力(1)吃辣椒时，辣椒素会与TRPV1受体结合，使感受器产生兴奋，；该兴奋在神经纤维上以电停乡形式传导，当兴奋传至致危,产生痛觉。产生应激时，下丘脑腹内侧核(VM)神经元的簇状放电比例和强度均显著升高，小鼠出现焦虑样行为与代谢衡异常（摄食减少，能量消耗降低）。请(2)吃辣椒后产生痛觉，此时如果喝热饮会加座（填，“加重，或“减轻”)疼痛，原因是迟P山多生缸蚀3以上画2入打饮做华回答下列问题：1)VM日神经元接受刺激后放电，此时VMH神经元细胞膜出现的生理影(3)有人提出可以通过抑制TRPV1受体的功能来达到镇痛效果。这种处理方式化可能会产生负面影响，请说明理由是(2)在对慢性压力产生应激时，鼠的胃肠蠕动受到抑制，出现了摄食减少的见象，这与VMN神经元的簇状放电比例和强度升高使支配胃肠的兴奋有关；长期处于过度焦虑应激状态时，会出现内分泌紊的现象，对此合理的解释是引号寒·A10联盟2023届高三一轮复试卷生物学试题（十）第4页共4页

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14.C【解析】材料强调建立与消费者的直接联系，基于库存和销售数据及时调整产能计划，优化产品

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胜疫情，守护人类共同的家园，②④正确。①与设问构不因果关系。联系的客观性决定了联系是不以人的意志为转移的，③错误。8.答案D命题透析本题以计算工具的演变为情境，考查发展观的知识，考查科学精神学科素养。

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(2)变化：乡村地区老龄人口比重上升。原因：大量的青壮年劳动力向城市迁移，加剧乡村地区老龄化。(4分)(3)同意。理由：城镇化的过快发展可能对地理环境带来破坏性开发，如导致部分地区植被覆盖率低，水土流

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二全国@o所名校高考模拟金典卷11C.w的原子分数坐标为(221一x)D.Hg原子周围最近的Ba原子有4个NaHT13.向下列各离子组中加人（或通人）相应试剂后，判断和分析均正确的是选项离子组加入（或

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选择性必修一UNIT3参考答案及部分解析参考答案1-5 BCBDC6-10 DCBAB11.and 12.found13.which14.has15.using 16.invention17.of 1

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包》面面画水循环利用：这是目前我国空间站中水的最主要来原方式。我国研制的环拉生保尿处理子系统和水处理净化器，采用蒸气压缩燕馏技术将预处理（脱钙处理，保证子系统内部管路不受钙离子结晶的影响)后的尿液进行

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金卷仿真密卷（三）化学参考答案1,B【解析】本题主要考查化学与生活，侧重考查学生对化学知识的理解能力。“84”消毒液的有效成分是次氯酸钠，对皮肤具有强腐蚀性，故“84”消毒液主要用于环境消毒，不能用于

cD.3kgL218.如图所示，“天问一号”在近火圆轨道的线速度大小为，测得火星的半径为R,已知引力常量为G,则火星的均密度为vA.ArGRB.2GR火星c银42D.3mGR19.x轴上a、b、c、d四个质点的坐标分别为x。=1.0m、x6=2.0m、x.=3.0m、xa=4.0m,列简谐横波沿x轴传播，在t=0时刻的波形图如图甲所示，图乙为质点d的振动图像，下列说法正确的是↑y/cm↑ylcnA.该简谐横波沿x轴负方向传播B.t=0.5s时刻质点a在衡位置C.0~1s时间内质点b通过的路程为16mD.t=1.5s时刻质点c处于衡位置并正向y轴正方向运动20.如图所示，ABC是某三棱镜的横截面，∠B=30°，∠C=90°，直角边AC=2L,一行于BC的单色光从斜边上的D点射犬棱镜，经棱镜两次折射后，从AC边的中点E射出，出射光线与AC边的夹角0=30°。已知该单色光在真空中的传播速度为c,下列说法正确的是A.D点到A点的距离为LDB.单色光在D点的折射角Y=30°EC.三棱镜对该单色光的折射率为√2D,该单色光从D点传播到E点的时间为BLB130921.如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数之比为k：1,α、b接入电压有效值恒定的交变电源，其中R2为滑动变阻器，R1、R3为定值电阻，电流表、电压表均为理想电表，当滑动变阻器R2的滑片向下移动后，电流表及两个电压表示数变化量的绝对值分别用引△I引、|△U和|△U3表示，下列判断正确的是Aao-A.IAUI-R△B-RRboc出--是第Ⅱ卷（非选择题共174分)三、非选择题：共174分。22.(6分)某同学用如图甲所示的装置测量当地的重力加速度大小g,实验步骤如下：电磁铁23 cmHht101520乙【高三理科综合第5页（共12页）】

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的明(5城47.该系统有助于农业③产品多样化④劳动集约化①技术集约化②生产机械化D.③④C.①③为A.①②B.②④48.新疆推广该系统的有利条件是B.地广人稀，人均耕地多A.地价较低，劳动力丰富D.人

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31、图3是1952年爱国防波卫生运动蓬勃开展中广泛张贴的宣传海报，图中信息可以用来说明维郅寸冠竞糊生底打美帝参主義的知愛國防疫生選&出：图3A.农村成为医疗防疫动员的重点B.社会主义新农村建设成效显

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2023年全国高考名校名师联席命制9.自1980年中期以来，贡嘎山东坡峨眉冷杉径向生需求，激活市场③加强市场监管，规范市场秩长呈现序，并建设质量追溯体系④实现高质量供给，促文科综合信息卷（四）A.上限

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4G 1.3K/s17:38米财令91%全国100所名校最新高考模拟示范卷第2页（共6页）【22·（新高考）MN·生物学（一）·LN】11.右图是快速RT一PCR过程示意图，①和②为逆转5~引物a录酶

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B①米6819：09预览8.C【命题意图】本题主要考查天气变化对人类活动的12.D【命题意图】本题主要考查价值规律的内容及表现影响及解决措施。考查获取和解读地理信息，调动和形式的相关知识，考查获取和解

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湖南省普通高中学业水合格性考试（二）科目：数学(试题卷)21.答题前，请考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，并注意事项：认真核对条形码上的姓名、准考证号、考室和座位号；2.必须在答题卡上答题，在草

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(但受到物公又中横线上的词语，全都恰当的一项是(3分A大饱限福苍劲有力参差不齐可能使B叹为观止风驰电掣参差不齐如虎添翼苍劲有力杂乱无章风行水上其说客，C叹为观止大地限福风驰电梨风行水上杂乱无章如虎添翼

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求通62分如B不心C是一设轮滑有道.AB是段的的由面就道，C是一段光得圆红轨道.两部分在最版点B滑连姿轨道所对的心角一半轻R5品有道右舞有高度A:的台，质量一0（包括得轮）的轮滑运动质（线为质点

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长沙市第一中学2023一2024学年度高二第二学期第二次阶段性检测物理参考答案一、二选择题(1~6小题每小题4分；7~10小题每小题5分，选不全得3分)题号123568910答案BBOCDCACBDACDABC1.B2.B【解析】由图可知，2小时内乙车一直做反方向的运动，1小时末开始减速但方向没有变，故A错误；图像与时间轴国减的面积为汽车运动的位移，则可知，2小时内，甲车正向运动的位移为x,=号×2×30km=30km,而乙车反向运动，其位移大小为z。-号×2X30km=30km,因两车相向运动，且初始时刻相距70km,则2小时末时，两车还相距△x=70一(x甲十z)=10km,故B正确；图像的斜率表示加速度，由图可知，乙车图像斜率的绝对值总是大于甲车图像斜率的绝对值，放乙车的加速度总比甲车的大，故C错误；4小内甲车的总位移为x,'=}×4X60km120km,而乙车的总位移为x2'=一号×2×30km十号×2×60km=30km,即乙车的位移为正方向的30km,两车原来相距70km,4小时末时，甲车离出发，点120km,而乙车离甲车的出发，点s'=70km十30km=100km,故此时甲乙两车不相遇，故D错误。3.D【解析】摩擦力的方向只能行于接触面，A错误；加速度沿缆绳向上，所以车厢对货物的作用力与货物的重力的合力沿缆绳向上，则车厢对货物的作用力方向不可能行于缆绳向上，B错误；因为车厢斜向上加速运动，所以悬臂对车厢的作用力与车厢重力的合力沿缆绳向上，根据力的合成法则可知，此时悬臂对车厢的作用力方向不可能沿悬臂竖直向上，而是其中的一个分力与整个车厢重力衡，另外一个力沿缆绳方向向上产生加速运动，所以整个悬臂对车厢的作用力有F>(十M0g,C错误，D正确。4.C【解析】由水桶匀速运动，可知绳子中的拉力不变为g,人对绳的拉力和绳子对人的拉力为作用力与反作用力，大小相等，所以人对绳的拉力不变，A错误；以滑轮为结，点进行受力分析，左右绳子中的拉力和吊装滑轮的绳子上的拉力衡，随着人向左运动，左右两段绳子拉力不变，夹角变大，根据力的合成法则可知，左右两段绳子拉力的合力减小，所以吊装滑轮的绳子上的拉力逐渐减小，B错误；设左边绳子与水面的夹角为0，绳子中拉力为T=g,对人进行受力分析，竖直方向上有Tsi0十Fv=Mg,因为随着人向左运动O在减小，所以有F在增大，对人进行受力分析，人的速度与绳子的速度关系为以一)因为绳子的途度不变，9在变小，所以人的运动状态为速度逐渐减小，且越来越接近绳子的速度，因此加速度方向向右，且加速度越来越小最后趋于零，对人进行受力分析，水方向上有Tcos0-f=Ma,0在变小，绳子拉力不变，所以Tcos0在变大，同时Ma在减小，得摩擦力在增大，C正确，D错误。5.D【解析】衣服在竖直面内做匀速圆周运动，在最高点与最低点线速度大小相同方向不同，加速度大小相同方向不同，故A错误；滚筒对衣物的作用力与重力的合力大小不变且始终指向圆心，故脱水过程中滚筒对衣物的作用力不始终指向圆心，故B错误；当衣物做匀速圆周运动时，衣物上的水由于所受合外力不足以提供向心力而做离心运动，因此需要的向心力越大，脱水效果越好。又有F%=4mR,因此周期越小，水越容易被甩出，故C错误；为了保证T2衣物在脱水过程中能做完整的圆周运动，则在最高点重力提供向心力g=wR,可知滚筒转动的角速度至少为mV贷故D正确。6.C【解析】物块滑上传送带，受到向右的滑动摩擦力，开始摩擦力大于弹簧的弹力，向右做加速运动，在此过程中，弹簧的弹力逐渐增大，根据牛顿第二定律，加速度逐渐减小，当弹簧的弹力与滑动摩擦力相等时，速度达到最大，然后弹力大于摩擦力，加速度方向与速度方向相反，物体做减速运动，弹簧弹力继续增大，根据牛顿第二定律知，加速度逐渐增大且方向向左，速度逐渐减小到0，故B正确；物块在向右加速过程中，若弹簧弹力还未等于滑动摩擦力时，物块的速度就已经等于传送带的速度，物块与传送带相对静止且弹簧弹力小于最大静摩擦力（即滑动摩擦力），物块开始匀速运动，弹力继续增大，当弹簧的拉力大于最大静摩擦力时滑块做减速运动，弹簧弹力继续增大，根据牛顿第二定律知，加速度逐渐增大且方向向左，速度逐渐减小到0，故A正确；根据题意，结合AB分析可知，若物块先加速紧接着减速，则整个过程受滑动摩擦力保持不变，若物块先加速后匀速再减速，则物块先受滑动摩擦力，再受静摩擦力，且开始小于滑动摩擦力，随着弹力的增大，静摩擦力增大，最后等于滑动摩擦力，保持不变到物块减速到0，故D正确，C错误。物理参考答案（一中版）一1

高二历史答案一、选择题1-5 DBDAC6-10 BABCB11-15 CDACD二、非选择题16.(12分)从地域上看，唐代进士北方居多，宋代进士南方居多。伴随着人口南迁，经济重心逐渐南移，南方经济发展带动了文化的进步。(4分)从规模上看，宋代科举录取人数较唐代大为增加。宋代加强中央集权，推行崇文抑武的方针，大力提倡文治。(4分)从出身上看，民出身的进士比例提高。门阀士族走向衰落，宋代科举考试程序更为规范严格，放宽了对报考资格的限制，面向全社会开放。(4分)17.(16分)从家训的特点和内容角度作答：从特点上看，明代家训形式多样，涉及领域广泛；从内容上看，包括规范家族成员礼仪和社会行为、提倡勤劳与节俭致富、督促家族子弟治学修身、规劝女子遵从传统妇德、鼓励掌握多种技艺等。(6分)从家训折射出的社会状况角度作答：明代专制主义中央集权空前强化；理学占据官方统治地位，经世致用思想出现：商品经济进入新的繁荣期，重农抑商观念受到冲击。(6分)从家训的社会影响角度作答：有利于社会与家族的稳定，促进个人品格的塑造与完善；强调伦理纲常，维护等级秩序，具有浓厚的封建性和保守性。(4分)18.(14分)(1)没有忠实原文的内容与语言风格，而是有选择地意译；将自然科学著作赋予政治内涵，暗喻中国社会现状；用文言文进行翻译，体现了对中国传统文化的认同。(6分)(2)从背景角度作答：甲午战争后，洋务运动宣告破产，民族危机大大加深，传统制度与旧思想严重束缚了中国社会的发展。(4分)从动机角度作答：严复翻译《进化论与伦理学》，宜传“物竞天择，适者生存”的观点，借助进化论唤醒国人救亡图存的意识，推动政治变革，促进西学在中国的广泛传播。(4分)19.(13分)观点：拉丁美洲文明是一种兼收并蓄、开放创新的文明。(1分)说明：新航路开辟后，欧洲殖民者在拉丁美洲建立起殖民统治。印第安人数量锐减，殖民者通过三角贸易将非洲黑奴运至拉美，改变了当地的人口结构。(4分)拉美国家的政治理念融入了欧洲文明的因素，又兼顾了自身的实际；以音乐为代表的艺术形式融合了白人、黑人和印第安人的多种艺术元素。(4分)在长期的种族融合和吸纳外来移民的过程中，拉丁美洲接受并消化多种文化传统和外来文化，形成了自己独特的文明，创造出集民族性和世界性于一身的文化成果。(4分)

第九章静电场第43课时电场力的性质出，A、D两点电场强度方向相同，故B错误；由题图甲看出，【立足“四层”·夯基础B、O、C三点比较，O点的电场线最稀疏，电场强度最小，故C正确；由题图甲可知，电子从卫点向O点运动过程中，电场线电荷量1.60×10-19电荷的总量感应飞逐渐变密，则电场强度逐渐增大，电子所受静电力逐渐增大，r2故D错误。。电场强度考点四…【典例】D若三个点电荷都带正电或负电，则三个点电荷在情境思辨·教材情境P点产生的电场强度叠加后一定不为零，A、B错误；几何关(1)×(2)×(3)X(4)×°(5)/【着眼“四翼”·探考点)泰如图1所示，若Q,=Q,=一9，则根器E=k号分析可年w点E1=4Eg,Q1和Q3在P点产生的电场强度叠加后为E,如1.C由于r-3R,故两个带电金属球不能看成点电荷，当两个图2所示，与Q2在P点产生的电场强度不可能在一条直线金属球带异种电荷时，由于电荷间相互吸引，导致电荷间距上，即P点处的电场强度不可能叠加为零，C错误；若4Q1=比r小，因此静电力F>,故A错误，C正确；若是同府Q,=,Q,=-￥g,测报器E43三分析可知E,=E。=电荷，则出现相互排斥，导致电荷间距比大，因此静电力V3gFQ,故B、D错误。号，叠加后E如=，如图3所示，与Q,在P点产生的电场强度等大反向，三个点电荷在P点处产生的电场强度为2.C设AB=BC=L,根器库仑定律得F,=5Qg-bQg零，D正确。12(2)2盟，将两带电金属小球接触后，两小球所带电荷量均为P21Q,根据库仑定徐得F,-2Qg+2kQg_5多婴，所以312(2)260°30Q2Q.电场强度0,鼓C正确。1E60°E方向图1图2考点二…E13【典例1】A小球A静止时，根据衡条件，小球A受到小球B的斥力，故小球A带正电；由衡条件得9A)3mg,1200解得g4=2V2mg,故A正确。120030°kg【典例】C要使三个电荷均处于衡状态，必须满足“两同夹异”“两大夹小”“近小远大”的原则，所以点电荷C应在A左图3侧，带负电。设C带电荷量为q,A、C间的距离为x,A、B间【典例5】C在取走A、B处两段小圆弧上的电荷之前，整个圆距离用r表示，由于点电荷均处于衡状态，所以婴环上的电荷在O点产生的场强为零，而取走的A、B处的电9kQg荷韵电量gA-最，9A、9在0点产生的合场照为Q△L(十2)，解得x=0.2m,选项C正确。Q△L【典例3】B当方向水向右、大小为F的力作用在B上，A、EAB=k2R_kQ△L,B间的距离为L时，对A、B两个小球整体，有F=3ma1,对R2R,方向为从0指向C,故取走A、B处小球A,有9一m1,若改用方向水向左的力作用在A的电荷之后，余部分在0点产生的场强大小为2R5,方向上，两小球间的距离保持为2L并相对静止时，对A、B两个由C指向O,而点电荷q放在D点后，O点场强为零，故g在小球毫体，有F。=3m0,对小球B,有g1O点产生的场强与qA、qB在O点产生的合场强相同，所以q(2L)2=2ma2,联立可为负电荷，即有飞2R)2=6Q4之，率一三，女1得F,=gF,放B正确，AC、D错误。正确。考点三…【典例6】A左半球面AB上的正电荷q产生的电场等效为带1.C由A处试探电荷的F-q图线可得，该处的电场强度大小正电荷量为2q的整个球面的电场和带电荷量为一g的右半为E,==4X10/C,方向沿工轴正方向，同理可得，B球面的电场的合电场，则E=(2R)-E',E为带电荷量2q为一q的右半球面在M点产生的场强大小。带电荷量为一q处的电扬强度大小为E,==0.25X10°N/C,方向沿工轴的右半球面在M点的场强大小与带正电荷量为q的左半球负方向，A、B错误；由A、B项的分析可知，点电荷Q应为负面AB在N点的场强大小相等，则Ew=E'=,29(2R)2E=电荷，且在A、B之间，设Q到A点的距离为1，由点电荷电场强定公式可得E,=号-4X10°NC,B,=6kgQ2R2一E,A正确。(0.5-Z)20.25×105N/C,联立解得1=0.1m,故点电荷Q的位置坐标【典例71QL为0.3m,C正确，D错误。(R2+L2)受2.AC等量异种点电荷连线的中垂线是一条等势线，电场强度解析：设想将圆环看成由n个小段组成：方向与等势线垂直，因此E、F两点电场强度方向相同，由于当相当大时，每一小段都可以看成点电E、F是连线中垂线上相对O对称的两点，则其电场强度大小也相等，故A正确；根据对称性可知，A、D两点处电场线疏荷，其所带电荷量Q'-,由点电荷场强密程度相同，则A、D两点电场强度大小相同，由题图甲看公式可求得每一小段带电体在P处产生高中总复·物理508参考答案与详解

3.B由等势面作出电场线，如图所示，可知P、Q两点处的电与虚线垂直指向下方，则。粒子由a点运动到b点过程中，静荷带异种电荷，故A错误；根据点电荷场强决定式E=,电力做正功，动能增大，电势能减小，又α粒子带正电，则知a.2点电势高于b点电势，B正确，A、C错误。不论虚线是电场线及场强的叠加原理可知，c点与d点场强方向相同，因为c点还是等差等势线，均有E>E6,则F。>F6,再结合牛顿第二与d点在同一等势面上，所以c点与d点电势也相同，又因b定律可知&粒子在a点的加速度一定大于在b点的加速度，点等差等势面比a点密集，可知b点场强较大，故B正确；电D正确。场线从高电势面指向低电势面，所以￠点电势高于b点电势，:9.D由于电场线垂直等势面，试探电荷所以一负电子从c点到b点电场力做负功，故C错误；因为α所受静电力沿电场线切线方向且指向点电势高于b点电势，由E。一gg可知电子在a点电势能比轨迹的凹侧，试探电荷带正电，因此可E在b点的电势能小，故D错误以判断电场线的分布情况，如图所示，所以M点的电势低于N点电势，故A错误；等差等势面的疏密表示电场强弱，所以M点的电场强度小于N点电场强度，故B错误；由电势能与电势的关系E。=q和可知，带正电的粒子在电势越高的位置，电势能越大，所以该试探电荷在M点的电势能小于在N点的电势能，又由能量守恒定律可知，试探电荷在M点的动能大于在N点的动能，故C错误，D正确。4.CD带负电的尘埃向集尘极迁移，说明集尘极接直流高压电10.AD等差等势面的疏密程度体现电场强度的大小，由题图源的正极，a是直流高压电源的负极，选项A错误；从放电极可知N点的等差等势面比M点更密，则N点的电场强度到集尘极的电场，因P点离放电极较近，P点的电场线比M大小比M点的大，故A正确；沿着电场线方向电势逐渐降点的电场线密，所以电场中P点的场强大于M点的场强，选低，由题图可知电场线由N指向Q,则Q为负电荷，故B错项B错误；由于集尘极带正电，电势高，而沿着电场线方向电误；沿着电场线方向电势逐渐降低，结合各等势面的电势高势逐渐降低，所以电场中M点的电势低于N点的电势，选项低关系可知M点的电场方向沿x轴正方向，故C错误；MC正确；放电极与集尘极之间的电场是非匀强电场，P、M间点与N点电势均为0V,P点与N点的等势面有四个间隔，的均场强大于M、N闻的均场强，根据U=Ed可得，P而相邻等势面的电势差为3V,则P点与M点的电势差为M间的电势差UM大于M、N间的电势差Uxw,选项D12V,故D正确。正确。11.AB两正点电荷在N点处产生的场强方向由N指向O,NBC5.D依题意，有sin∠A==0.8,点处于两负点电荷连线的垂直分线上，则两负点电荷在ABN点产生的场强方向由N指向O,则N点处的合场强方向AC=ABcos∠A=15cm,在AB之间找B由N指向O,同理可知，两负点电荷在L点处产生的场强方到电势为10V的D点，C、D位于同一向由O指向L,L点处于两正点电荷连线的垂直分线上，等势面上，根搭儿何关系可知UA一26-1BAUA=10-1_DA两正点电荷在L点处产生的场强方向由O指向L,则L点,在三角形处的合场强方向由O指向L,由于正方形两对角线相互垂直分，则L和N两点处的电场方向相互垂直，A正确；正ACD中，根据余弦定理，有CD2=CA2+DA2一2XCAX方形底边上的等量异号点电荷在M点产生的场强方向向DAcos∠A,解得CD=12cm,根据正弦定理，有左，而上方的等量异号点电荷在M点产生的场强方向向右，sin∠ACD_sin53由于M点离上方等量异号点电荷距离较远，则M点的场强DACD,解得sin∠ACD=0.6,故AD⊥CD,则方向行于该点处的切线，方向向左，B正确；由图可知，M和O点位于两对等量异号点电荷的等势线上，即M点和O有AD=ACsin∠ACD=9cm,根据匀强电场电势差与场强点电势相等，所以将一带正电的点电荷从M点移动到O的关系式，有E==4=10-己AD10 V/m-100 V/m:D点，电场力做的功为零，C错误由图结合等量异号点电荷模型可知，L点的电势低于N点电势，则将一带正电的点电荷从正确。点移动到N点，电场力做的功不为零，D错误。6.Da、b两点间的电势差U=20V,则电场强度的大小为12.B在直线MN上，左边正电荷在M右侧电场强度水向E-abcos60=200V/m,A错误；b、d两点间的电势差为右，右边负电荷在M、N间的电场强度水向右，根据电场的叠加可知M、N间的电场强度水向右，由于沿着电场线=20×2s60V=0V=-,6友的电方向电势逐渐降低，所以P点电势高于等势面与MN交点处电势，则P点电势高于S点电势，故A错误；由于正电荷势比d点的高10V,B错误；电子带负电，电场强度水向的电荷量大于负电荷的电荷量，可知在N左侧电场强度不右，电子受到的静电力方向水向左，则将电子从c点移到d可能为零，则设N右侧距N点d处电场强度为零，设MN点，静电力做负功，C错误；由于沿电场线方向电势降低，所以9.一eg.=Ex,即电子距离为L,根据+器，在a点的电势能大于在c点的电势能，D正确。解得d=(w2十1)L,可知除无穷207.A带电粒子在电场中做曲线运动，粒子所受电场力指向轨远处外，直线MN上电场强度为M PA N O迹的凹侧，如图所示，故A符合题意。零的点只有一个，故C错误；由A选项分析可知，T点电势低于P电子点电势，则正电荷在T点的电势能低于在卫点的电势能，将荧屏正试探电荷q。从T点移到P点，电势能增大，静电力做负电场力指向轨迹外电子侧，B不符合题意功，故D错误；由于电场强度方向垂直于等势面，且由高电势指向低电势，所以T点电场强度方向指向O点，故BF电正确。电手第45课时电场中的功能关系及图像问题电场力指向轨迹外电场力指向轨迹外1.BD由于带电粒子的电性和场源电荷的位置均未知，则不能侧，C不特合题意侧，D不符合题意判断带电粒子的运动方向，故A错误；粒子只在电场力作用8BD若虚线是电场线，因为α粒子带正电荷，由其运动轨迹下运动，故只有动能和电势能相互转化，由能量守恒定律得可知其受静电力方向向左，则α粒子由a点运动到b点过程中，静电力做负功，动能减小，电势能增大，又α粒子带正电，EpM十2uM2=Epw十2wN2,又因为M>0N,则EpM<则知a点电势低于b点电势，若虚线是等差等势线，则电场线EN,放B正确；根据运动与力的关系仅能判断粒子受电场力高中总复·物理578参考答案与详解

HHOCOOH(5)H-EN-CH,CFOH+(n-1)H2O解析：将目标分子拆解成两个,结合已知信H-ENH-CH.C-NH-CH-COH +(2x-1)H.O息，苯甲醛先与HCN加成，再在酸性条件下水解，即可得HO COOHCH,OH到(6)(n-1)H20十CH2]元OHCHOCHOH.COOCHCH NO2考点二…HOOH必备知识夯实OH ROHNO,2.(1)①CN③R—CH-CHO浓疏酸PacOHR,0NH(2)DCH,COOH+CH,-C-CH,②COOHNE.HONH关键能力突破HOHOOC1.D结合结构简式可知E应为O,D为解析：根据已知的流程图可推知，若要制备HONH,CHONaooC.HOOCOHC,则需将与OH<,C为H,cCo0了B为HCCo0A为HOHO0卜。①发应将羟基转化为酯基，以防止醛基氧化时被氧OHC、OHCHO化，A正确；B中含酯基和醛基，B正确；反应③中包含羧基与(CH3)2C(OCH3)2发生政代反应得到,再与NaOH的中和反应以及酯基的水解（取代）反应，C正确；E为HOOCHOOC,发生消去反应生成,由结构简式可知不含CH3NO2反应得到,再利用羟基的消去反应引立体异构，D错误2.DA在氢氧化钠溶液加热条件下发生水解反应生成OHOCH,CH入碳碳双键，将碳碳双键与硝基通过加氢最终还原生成氨基。【真题·体验品悟】(B),B催化氧化生成(C),B在浓疏酸作1.(1)×(2)√/(3)×(4)/(5)/(6)X(7)/用下可能发生取代反应，也可能发生消去反应。A项，有机物(8)/(9)XC2,APHA的重复单元中只含有酯基一种官能团，A错误；由CH.0A中有2个手性碳原子如图金,错误；B项，化合物CPHA的结构可知其为聚酯，由单体缩聚合成，HO XOH分子中有6种等效氢，所以其核磁共振氢谱有六组峰，错误，CB正确；PHA为聚酯，碱性条件下可发生降解，C正确；PHA的OHCH重复单元中只连有1个甲基的碳原子为手性碳原子，D正确。3.B该高分子材料中含有酯基，能发生水解反应，可降解，A正项，在浓硫酸加热条件下可以发生消去反应或者取H OH代反应，若消去后生成D,则D能通过加成反应生战A,若发生确；异山梨醇（〈2取代反应（例如生成醚），则化合物D不能通过加成反应得到化4)分子中有4个手性碳，B错误；根据OHCH:OH H元素守恒，可推出X为甲醇，C正确；该反应除生成高分子化合合物A,错误；D项，B的结构简式为〔】,其同分异构体物外，还生成小分子物质甲醇，属于缩聚反应，D正确。中舍有2个甲基、1个醛基可以写成C,HCHO,其结构简式可：4.B聚乳酸是由乳酸[HOCH(CH3)COOH]分子间脱水缩聚而以是(CH3)2CH2CH2CH2CH2CHO,得，即发生缩聚反应，A错误；尼龙-66是由已二胺和己二酸经CH,CH,CH(CH,)CH,CH,CHO,过缩聚反应制得，C错误；聚乙烯醇由聚乙酸乙烯酯发生水解CH,CH CH,CH(CH,)CH,CHO,反应制得，D错误。5.CH,CH,CH,CH,CH(CH,)CHO,(CH CH2)2 CHCH CHO,CH,CH,CHCH (CH,CH)CHOHCO共有6种，正确。HOCNHOCHO HOCH,OHCHO解析：根菇题给信息，目标物质W可由2个Cu、02HCNH:OH.CO催化剂HOCHO与1个〔)合成，故设计合成路线如下：HOCOOH0浓硫酸△H.CQHO-CHOHO高中总复·化学541参考答案与详解

子间形成氢键，故不选C:D.NH,分子稳定性高于PH,分子，是因为NH,分子中N-H键的键能大于P-H键，故不选D:选B。14.【答案】B【分析】由上述氯、硫元素的价类二维图可知，g为S单质，h为SO2,i为HSO4,j为Na2SO3,f为HS:a为HCl,b为C2,c为ClO2,d为HClO,e为NaCIO3,本题据此解答。【详解】A.Fe分别与b、g反应，分别生成FeCl3、FS,产物中铁元素的化合价不相同，故A错误：B.HCl+NaC1O3→Cl2,发生归中反应，根据电子守恒与电荷守恒，离子方程式为：5CI+6H+ClO,=3Cl2↑+3H20,故B正确；C.常温下，浓硫酸使铁钝化，铁的表面生成致密的氧化膜，发生了化学反应，故C错误；D.h的水溶液在空气中久置，亚硫酸被氧化为硫酸，酸性增强：HC1O水溶液在空气中久置，HC1O分解生成HC1,酸性增强，故D错误；答案选B。15.【答案】D【分析】步骤I涉及碳氢键的断裂和氢氧键的形成，步骤Ⅱ中涉及碳氧键形成，直接参与化学键变化的元素被替换为更重的同位素时，反应速率会变慢，故氧更容易和H而不是和D生成羟基：【详解】A.步骤I涉及碳氢键的断裂和氢氧键的形成，步骤中涉及碳氧键形成，不涉及非极性键的变化，A错误：B.己知：直接参与化学键变化的元素被替换为更重的元素时，反应速率会变慢，活化能变大，则MO*与CD4反反应的能量变化应为图中曲线c,反应的活化能更大，B错误：C.由图可知，生成物能量低于反应物的能量，则反应为放热反应，升高温度，衡逆向移动，甲醇产量减小，C错误：D.根据反应机理可知，若MO*与CH,D反应，生成的氘代甲醇可能为CHOD或CH2DOH,共两种，D正确：故选D。16.【答案】C【详解】A.M电极通入O2,发生反应生成自由基OH,反应式为：O2+2e+2H=2.OH,M作阴极，A正确：B.N为阳极，电解时阴离子向阳极移动，所以OH透过膜向N极移动，B正确：C.甲醛与OH反应生成C02的反应：HCH0-4e+40H+.OH→C02+4H,0,6.0g甲醛为0.2mol,有0.8molH,透过膜b,C错误；D.根据氧化还原反应规律，1mol甲醛生成CO,转移4mole,，1molC6H,O生成CO2转移28mole,理论上苯酚和甲醛转化生成CO2物质的量之比为6：7，D正确：故选C。二、非选择题（本部分共有4个大题，共56分。）17.(14分)化学试卷第4页共10

洛阳市2023一2024学年高一质量检测政治试卷本试卷共6页，100分，考试时间75分钟注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上。2.考试结束，将答题卡交回。一、选择题：本题16小题，每小题3分，共48分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.“四下基层”是大力倡导并身体力行形成的工作方法和工作制度。广大党员干部要扎实弘扬“四下基层”作风，走好新时代群众路线，行稳新时代强国之路。这表明党①坚持问题导向，满足群众各种诉求②坚持实事求是，着力增进民生福祉③变革斗争方式，提高党的执政能力④弘扬优良传统，始终走在时代前列A.①③B.①④C.②③D.②④2.为深入学贯彻修订后的《中国共产党纪律处分条例》，经党中央同意，自2024年4月至7月，在全党开展党纪学教育。这次党纪学教育①充分彰显党推进自我革命的坚定决心和坚强意志②有助于党增强执政本领，正确履行国家管理职能③把党的制度优势转化为治理效能，巩固执政地位④以纪律建设为根基，推动全面从严治党纵深发展A.①③B.①④C.②③D.②④3.党的十八大以来，围绕新时代文化建设提出了一系列新思想新观点新论断，内涵十分丰富、论述极为深刻，是新时代党领导文化建设实践经验的理论总结，丰富和发展了马克思主义文化理论，形成了文化思想。下列关于文化思想解读正确的是①立足马克思主义文化理论，是我们大踏步赶上时代的重要法宝②是在深化“两个结合”中推进马克思主义中国化时代化的结果③全景展示了以治国理政理念和成就④为开创新时代党的宣传思想文化工作的新局面提供了根本遵循A.①②B.①③C.②④D.③④4.近年来，电信网络诈骗犯罪严重影响人民群众人身财产安全，给社会稳定带来重大高一政治第1页（共6页）(2024.7)

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