解析：加强交通、通信、水利等基础设施建设能够保障我国实 现西部大开发战略导向变化；充分发挥矿产资源优势，发展高耗能 产值的工业部门会导致环境污染；大力发展植树造林、退耕还林、 水土保持为重点的生态保护工程建设，能够保障我国实现西部大 开发战略导向变化；从图中可以看出，西部大开发战略导向变化是 利用旅游资源、水能资源，改变过去的资源依托型发展。 答案：B

【答案】(1)南半球冬季。(2分)理由：该洋流受东南信风、西风 漂流的影响；(2分)南半球冬季，气压带、风带北移，东南信风势力 较弱；(3分)南半球冬季，西风漂流势力加强，对该洋流有顶托作 用。(3分) (2)巴斯海峡盛行中纬西风，为西风漂流的通道；邻近大陆，海 水较浅，易掀起大浪；水道较窄，风浪因狭管效应加强。(6分) (3)有温暖开阔的浅海大陆架(2分)地表有径流输送营养物 质；(2分)东部是寒暖流交汇之地；(3分)西部有沿岸洋流对海底 营养物质的扰动。(3分)

140° 150° 160° 60° 鄂奮次克海 长 洋流 50° 12月20日海冰边界 黑龙江 2月20日海冰边界 虎头海雕迁徙路线 北海道 北海道流冰观赏区 图I 图Ⅱ (1)说出鄂霍次克海海冰边界的变化特点，并分析其形成原因 (8分) (2)描述北海道流冰的形成过程。(4分) (3)推测北海道流冰具有不确定性的主要原因。(6分) (4)分析流冰对虎头海雕迁徙越冬的积极作用。(8分)

答案A 解题分析 南半球海洋面积广阔，摩擦力小，西风势力更强； 西风漂流的降温影响不影响风速；南半球也有地势起伏；南、北半 球的太阳辐射季节差异是一样的。

高三一轮复周测卷的合成，从而影响肿瘤细胞中DNA复制过程，即遗传DNA)不同。信息的传递过程；据题意可知，放线菌素D通过抑制(5)细胞生物的遗传物质是DNA;核酸彻底水解的产DNA的模板功能，抑制DNA复制和转录，但无法得出物包括五碳糖、含氨碱基、磷酸。DNA不能正常解旋形成模板的结论；阿糖胞苷抑制13.(15分，每空3分)DNA聚合酶活性从而影响DNA复制过程，DNA聚合(1)核糖体C酶活性受抑制后，会使肿瘤细胞DNA复制过程中子链(2)⑤⑥⑧核孔无法正常延伸；三种药物能抑制细胞中DNA的复制和(3)组成生物膜的蛋白质的种类和数量不同转录，三种药物和单克隆抗体结合，由于单克隆抗体具【解析】分析题图可知，a是核糖体，b是细胞核，c是线有特异性，因此，可以减弱它们对正常细胞的不利粒体，d是内质网，e是高尔基体，f是细胞膜。①是翻影响。译，在游离核糖体上进行，②③④表示滞留细胞中的蛋11.B【解析】蛋白质既可以分布在细胞内，也可以分布在白质分类进入不同的细胞结构中，⑤是翻译，在附着在细胞外，如抗体及其他各种细胞外分泌蛋白等。高温内质网上的核糖体上进行，⑥是内质网加工的蛋白质使蛋白质分子的空间结构变得伸展、松散，改变了其原进入高尔基体，⑦表示高尔基体通过囊泡更新膜蛋白，有的理化性质，使其更容易被蛋白酶水解。人体内的⑧表示高尔基体通过囊泡分泌蛋白质。抗体全部都是蛋白质，但调节生命活动的信息分子包(1)合成蛋白质的场所是核糖体，氨基酸经过脱水缩合括蛋白质、多肽、氨基酸及其衍生物、无机化合物等。形成多肽，肽链通过氢键等盘曲折叠形成一定的空间细胞中有的酶是RNA。结构，高温等物理因素可以断开氢键，使蛋白质变性。*C【解析】GTP与磷脂、DNA的化学元素组成相同，均(2)由分析可知，分泌蛋白合成并分泌的过程依次是⑤由C、H、O、N、P组成；由图可知，鸟苷酸转换因子⑥⑧。通过②途径合成的蛋白质进入细胞核发挥作用(GEFs)可以促进KRAS蛋白酶与GTP结合，GTP酶需要通过的结构是核孔。激活蛋白(GAPs)可以促进KRAS蛋白酶与GDP结合；(3)生物膜主要由磷脂和蛋白质组成，而蛋白质是生命酶结构发生改变会影响其活性，由图可知，GDP与活动的主要承担者，细胞中c、d、e、f等具膜结构的膜功KRAS蛋白酶结合让其处于失活状态，GTP与KRAS/能各不相同，其主要原因是组成生物膜的蛋白质的种蛋白酶结合让其处于激活状态，KRAS蛋白酶的失活与类和数量不同。激活，是GDP和GTP分别改变其结构的结果；基因突14.(17分，除标注外，每空2分)变是不定向的，致癌因子不能定向诱导KRAS基因发(1)①6(1分)五碳糖种类②胸腺嘧啶尿嘧啶核生突变进而引发癌症。糖核苷酸二、非选择题(2)①取适量提取的病毒核酸，均分为甲、乙两组12.(18分，每空2分》②在甲组中加入适量的DNA酶，乙组中加入等量的(1)膜蛋白A主动运输控制物质进出RNA酶若用甲组溶液感染的宿主细胞中检测到新(2)催化病毒，用乙组溶液感染的宿主细胞中检测不到新病毒，(3)胞吞流动性则病毒的核酸为RNA(3分)；若用甲组溶液感染的宿(4)控制四种膜蛋白合成的基因（或DNA)不同主细胞中检测不到新病毒，用乙组溶液感染的宿主细(5)DNA五碳糖、含氮碱基、磷酸胞中检测到新病毒，则病毒的核酸为DNA(3分)【解析】分析题图可知，图中1是核糖体，2是高尔基【解析】(1)①RNA彻底水解得到4种碱基、核糖和磷体，3是内质网，4是核仁，5是核膜，6是线粒体，据酸，DNA彻底水解得到4种碱基、脱氧核糖和磷酸，故此分析作答。RNA和DNA彻底水解后的产物均为6种。RNA和(1)分析题图可知，小肠绒毛上皮细胞面向肠腔的一侧DNA彻底水解后的产物区别主要是RNA含核糖，形成很多微绒毛，增加了细胞膜上膜蛋白A的数量，这DNA含脱氧核糖，及碱基种类不同。一结构特点是与其主动运输的功能相适应的；该过程②DNA中的碱基是A、G、C、T,RNA中的碱基是A、体现了细胞膜具有控制物质进出的功能。G、C、U,DNA分子中特有的碱基是胸腺嘧啶，RNA中(2)由题意可知，膜蛋白D能水解二糖，说明膜蛋白具特有的是尿嘧啶(U),RNA中含“U”的核苷酸的名称有催化生物化学反应的功能。是尿嘧啶核糖核苷酸」(3)母乳中的免疫球蛋白是大分子物质，进入细胞的方(2)实验要证明病毒的遗传物质是DNA还是RNA,式是胞吞，胞吞需要消耗ATP;这依赖于细胞膜具有一要分两组，故取适量提取的病毒核酸，均分为甲、乙定流动性的结构特点。两组。分两组后，在甲组中加入适量的DNA酶，乙组(4)基因控制蛋白质的合成，因此图示四种膜蛋白功能中加入等量的RNA酶。对实验结果做出假设和分析，差异的根本原因是控制四种膜蛋白合成的基因（或一种情况为该病毒的遗传物质为RNA,甲组中有DNA。4·

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gHA与pH的关系，故A正确；当1gA号-0时，K:等于此时的氢离子浓度=10，故B正确c(HA-)可知，d,点的溶质主要为Na2A和NaHA,此时溶液显中性，说明Na2A和NaHA的水解程度等于NaHA的电离程度，水解促进水的电离，电离抑制水的电离，两者程度相同恰好抵消对水电离的影响，而、b、c三点的溶质组成中以NHA或H2A为主，对水电离均起抑制作用且酸性越强对水电离的抑制作用越大，则水的电离程度d>c>b>a,故C错误；d点的溶质主要为Na2A和NaHA,且Na2A的浓度大于NaHA的浓度，此时溶液显中性，则溶液中离子浓度大小顺序为c(Na+)>c(A2-)>c(HA)>c(H+)=c(OH),故D正确。10.相同体积、相同pH的某一元强酸溶液①和某一元中强酸溶液②分别与足量的锌粉发生反应。下列关于氢气体积(V）)随时间(t)变化的示意图正确的是H,)AV(H)V(H)②②①A【答案】C【解析】强酸完全电离，中强酸部分电离，随着反应的进行，中强酸会继续电离出H+,所以溶液②产生氢气的体积多，在相同时间内，②的反应速率比①快。KK2pHH+一H+*25℃时，甘氨酸在水中存在下列关系：+NH,CH,COOH+一+NH,CH,CO0+9.6NH2CH2COO-,向10mL0.10mol·L-1的+NHCH2COOH溶液中滴加0.10mol·L的NaOH溶液，溶液pH与所加NaOH溶液体积的关系如图所示。下列说法正确的是2.34-101520A.K1的数量级为10-V(NaOH)/mLB.水的电离程度：a>b>cC.甘氨酸溶于水后显碱性D.pH=7时，溶液中：c(+NH CHCOO)>c(NH CH COO)>c(+NH CH COOH)【答案】D【解析】向10mL0.10mol·L-1的+NHCH2COOH溶液中滴加0.10mol·L-1的NaOH溶液，根据溶液pH与所加NaOH溶液体积的关系变化曲线可知，加入的氢氧化钠体积V(NaOH)≤l0mL时，发生反应：+NHCH2COOH+OH—+NHCH2CO0+H2O,当加入氢氧化钠体积10mLa,b点溶质为+NHCH2 COONa,c,点为等物质的量的+NHCH2 COONa和NH2CH2 COONa,因为NH2CH2COO的水解程度大于+NHCH2COO的，所以水的电离程度c>b,综上所述，水的电离程度c>b>a,B错误；当V(NaOH)=0mL时，溶液的pH<2.34,则说明甘氨酸溶于水显酸性，C错误：曲线上c,点时，(NH.CH.CO0)=(NH.CH.CO0),K,-(NH.CH.CO0)cH)=c(H*)=c(NH CH,COO)10,而NH.CH.C0(0的水解常教K==0-10“c(NH2CH2COO)>c(+NHCH2COOH),D正确。二、非选择题：本题共2小题，共40分。11.(24分)用沉淀滴定法快速测定NaI等碘化物溶液中c(I厂)，实验过程包括准备标准溶液和滴定待测溶液。I.准备标准溶液①准确称取AgNO基准物4.2468g(0.0250mol)后，配制成250mL标准溶液，放在棕色试剂瓶中避光保存。·33·

2022年11月绵阳南山中学2022年秋季高2021级半期考试化学试题命题人：李林审题人：张明盛肖兴蓉本试卷分为试遵卷和答题卡两部分，其中试题卷由第1卷（选裕题）和第Ⅲ卷（非选择题)组成，共6页：答题卡共2页。满分100分，考试时间80分钟。注意事项：1.答题前，考生务必将自己的学校、班级、姓名用0.5笔米黑色墨水签字笔填写清楚，同时用2B铅笔将芳号准确填涂在“考号”栏目内。2.选择通使用2B铅笔填涂在答题卡对应海目标号的位置上，如需玫动，用橡皮擦搽干净后再选涂其它答案：非选择题用05毫米黑色墨水签宇笔书写在答题卡的对应框内，超出答题区域书写的答案无效：在草稿纸、试题卷上答题无效。3.考试结束后将答题卡收回。可能用到的相对原子质量：H1C12N14016Al27Si28S32C135.5Cu64第1卷（选择题，共42分)一、选择题（本题包括14小题，每小题3分，共42分。每小题只有一个选项符合题意)1.下列表述的现象与电子跃迁有关的是A.行墨导电B.海市盛楼C.焰色反应D.半面镜成像2.下列各组固休物质熔化或升华所克服的粒子间作用属于同种类型的是A.Na2O和晶体B.映和干冰C.Mg和SD.氯化钠和蔗钠3.下列分了属于非极性分了的是A.BF3B.H2OC.S02D.NH34.下列州关比较中，不正确的是A.分解温度：MgCO3>CaCO3>BaCO3B.熔点：NaH2S>H2Se5,类推的思维方法在化学学与研究中可能会产生错误的结论。因此类推出的结论需经过实践的检验才能确定其正确与否。下列儿种类推结论正确的是A.H20常温下为液态，HS常温下也为液态B.C一C键的键长：C(金刚石)大于C6o,所以C6o的熔点高于金喇石C.MgCl2熔点较高，BeCl2熔点也较高D.NH、SO子为正四面体结构，推测PH、PO子也为正四面体结构第1页共6页

绝密★启用前C.向AIC,溶液中加入过量氨水：A·+4NH,·H,0一A1O,+4NH+2H,0D.用盐酸，淀粉K1溶液检验含碘盐中的10：10，++6H·一l2+3H,0海南省2022一2023学年高三学业水诊断（一）5.C0,是一种用途广泛的优良供氧剂，可用于鱼类养殖、农作物栽培、污水处理等多方面。化学某恒容密闭容器中发生反应：2Ca0,(s)+2C0,(g)一2CaC0,()+0,(g)。下列说法正确的是A.反应结束恢复到初始温度，气体压强一定变为原来的一半考生注意：1.答题前，考生务必将自已的姓名、考生号填写在试卷和答题卡上，并将考生号条形码粘B.常温常压下，C02和02的摩尔体积相等贴在答题卡上的指定位置C.02既是氧化产物，也是还原产物2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用檬皮擦千净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡D.转移1mol电子时，生成11.2L氧气上。写在本试卷上无效。6.下图表示C如或Fe元素不同的化合价与物质类别的关系。下列说法正确的是3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。+物质类别可能用到的相对原子质量：H1C12N14016Na23A127S32Mn5Cu64盐碱e”g一、选择题：本题共8小题，每小题2分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是氧化物单质ta符合题目要求的。0+1+2+3元素化合价L.下列有关化学用语的表示错误的是A.绿矾的化学式：FeS0,·7H,0B.乙酸的结构简式：CH,COOHA.a可以是黄铜或青铜B.若a为铁，向i的溶液中逐滴加入NaOH溶液即可制备fS氯离子的结构示意图：⊙》D.中子数为9的0原子：0C.若a为铜或铁，f和g一定是难溶于水的有色物质2.钠及其化合物在日常生活和工农业生产中用途广泛，下列说法正确的是D.若a为铜或铁，a与j的反应一定是置换反应A.苛性钠和苛性钾均为强碱，且苛性钠碱性强于苛性钾7.下列有关化学药品的保存或溶液配制的操作正确的是B烧碱和小苏打均常用于焙制糕点A.盛H,02与乙醇的试剂瓶可保存于同一个药品橱中C.金属钠在空气中久置最终转化为碳酸氢钠B.KMnO,固体密封保存在棕色细口瓶中D.过氧化钠作为供氧剂时发生氧化还原反应C配制一定物质的量浓度的溶液，定容时，眼睛视容量瓶刻度线3.下列离子组中所有离子都能大量共存的是D.配制FSO,溶液时要加少量稀盐酸防止水解A.Na'、Mg2,C、CoB.Na、K、NO,,SO8.设N表示阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是C.Ca2·NH、CS0D.Na'、Fe3+、NOIA.1.6g602-中含有的电子数为N4.下列指定反应的离子方程式正确的是B.0.4mol白磷(P4,正四面体结构)含共价键的数目为1.2NA.用NaOH溶液吸收少量S02:0H+S02—HS0,C.标准状况下，11.2LS0,中含氧原子数为1.5N、B.向稀FeS0,溶液中滴加稀硝酸：3Fe2·+NO+4H—3Fe·+N0↑+2H,0D.0.2 mol NH,Cl中含共价键的数目为N化学试题第1页（共8页）化学试题第2页（共8页）

资料得知溶液中主要有两种变化，第一种，F心与S0会生良一种路合物(?)已知铼的晶胞如图3所示，晶胞的F(90广红棕色：第二种：Pe与S0,发生化还原3应10m),则金属铼的密度表达式为6可由FeCO与乳0写出第种情况下反应的离子方程式：尼”+30，之2+30，加德罗常数的值，M表示Re的摩尔略)。②这两种反应衡常数的大小关系为K16.14分铁被管为1世纪的超级金属，被广泛应用于航空航大领或，一种条渣业2nol/L,溶液（主要成分：ReS,)提取铁的工艺流程图如下：列氧气氨气1/含R,N的有机溶液高睞酸操作R,N·HReO氨水高铼酸日溶液铵溶液铵晶体→热解→Re,O,H.SOa操作溶液操作Ⅲ图3H.O,浸出液含R,N的有机溶液操作废液回收氢气→热还原定量FeSO,将17.(13分)甲醇、乙醇来源丰富、价格低廉富铼渣浸渣铼粉76着重要的用途和应用前景，可以用多利回答下列问题Hpe0I.用CO生产甲醇、乙醇(1)已知铼的价电子排布与锰相似，写出Re的电排布式为+H0公2vor00(1)已知：H的燃烧热△H=一285.8(2)第一步酸浸过程中RS,转化为两种强酸，其中一种为高铼酸（化学式：动kJ/mol,CH,OH(g)-CH,OHHReO,),请写出反应的离)方程式：,根据图1所示，铁含量，从而计3H:(g)-CH.OH(g)-+H:O(I)浸出过程中应将铼渣粉碎至目左右，根据图2所示，操作Ⅱ过程中分数总是大于(2)为探究用CO生产燃料甲醇的反萃取液流速应选择6~8BV/h,其原因为1 mol CO2和3.25molH在备和HO(g)的物质的量(n)随时间tn3496.0195&895.51.0095.00.7594.5Fe粉94.00.5093.59300.259192.5246810126080100120140160矿样粒度/目萃取液流速/(BV·h)图2图1F①从反应开始到衡，氢气的(3)已知高铼酸铵微溶于冷水，易溶于热水。提纯粗高铼酸铵固体的方法是②下列措施还能使CO,的向，用小写字A.在原容器中再充入1mol(4)写出由高铼酸铵热解得到RO,的化学方程式：B.在原容器中再充入1mo是种常用的通人氧气的目的是C.在原容器中充入1】(5)实际生产过程中，使用氢气还原R,0,时，氢气的用量始终要大于理论计算D.使用更有效的着SO2的通值，其原因是E.缩小容器通过查阅(6)整个工艺中可循环利用的物质有硫酸，氨气以及

1/1黄山市“八校联盟”20222023学年度第一学期期中考试高三化学试卷参考答案1.A2.B3.C4.D5.A6.B7.D8.D9.C10.B11.C12.B13.A14.A15.(1)三口烧瓶（或三颈烧瓶，2分）；导气，防止倒吸(2分)(2)NHC1、Ca(OH)2(2分)(3)饱和食盐水(2分)；吸收Cl2中的HCI(2分)(4)Ca(ClO)2+4HC1—CaC2+2Cl2↑+2H2O(2分)(5)N2H+2H++SO—N2HSO,￥(2分)16.(1)将软锰矿与稀硫酸制成矿浆（或含硫烟气从吸收塔中间通入矿浆底部鼓出泡泡，2分）(2)将Fe2+氧化成Fe3+,便于生成沉淀与Mn2+分离(2分)(3)NH·H2O(或MnO等合理答案，2分)；Fe(OH)3(2分)(4)促进Mn2++HCO一MnCO￥十H+正向移动（或促进HCO方的电离）(2分)；防止氨水挥发（或防止碳酸氢铵分解或防止碳酸锰分解，2分)(5)94.57%(2分)17.(1)-110.8(2分)：强(2分)(2)C(2分)(3)>(1分)：<(1分)：>(1分》(4)6(2分)：0.06(2分)-6e+2H2O→O+6H(2分)18.(1)A(2分)(2)3d(2分)(3)sp2和sp3(2分)；O0(1分)；7：1(2分)(4)基态铜原子失去1个电子后，形成了3d°全充满的稳定结构，较难再失去1个电子(2分)60(,是，)2分)@28X10(2分)NAC319.(1)CHIO(2分)；羟基、酯基(2分》(20n(2分)H+HC=C一COOH浓硫酸十HO(2分)；取代反应（或酯化反应，1分）(4)5(2分)(5)氢氧化钠的乙醇溶液，加热（合理答案均可，2分）；人V(2分)【高三化学·参考答案第1页（共1页）】·23-83C·

100所名校高考模拟金典卷·化学（一）23新高考JD化学-LN100所名校高考模拟金典卷·化学（一）23新高考UD化学-LN答案B8.块苓酸在药物化学中主要用于含量测定、鉴别、药理实验、活性解题分析本题考查阿伏加德罗常数的应用。标准状况下，1,2-二溴乙烷为液态，22.4L不是1mol,A项错误；CO2和N2O筛选等，其结构简式为下列关于块苓酸的说法错的相对分子质量均为44，每个分子中含质子总数均为22，B项正确；该反应为可逆反应，C项错误；电解精炼铜时，阳极是Zn、Fe、误的是Cu等反应，D项错误。A.块苓酸不属于芳香族化合物B.分子中所有碳原子不可能共面C.能发生取代、氧化、水解等反应D.1mol块苓酸消耗Na的物质的量为3mol100所名校高考模拟金典卷·化学（一）23新高考JD化学-LN100所名校高考模拟金典卷·化学（一）23新高考JD化学-LN7.下列离子方程式书写正确的是答案CA.钾投入硫酸铜溶液中：2K+Cu+—2K++C解题分析本题考查块苓酸的结构与性质。块苓酸无苯环，B.FeCO固体溶于足量稀硝酸中：FeCO,+2H+一Fe2++不属于芳香族化合物，A项正确；块苓酸分子中含有四面体碳，所CO2↑+H2O有碳原子不可能共面，B项正确；块苓酸不能发生水解反应，CC.Fel2溶液中通入等物质的量的Cl2:2Cl2+2Fe++2I项错误；1mol块苓酸消耗Na的物质的量为3mol,D项正确。2Fe3++12+4C1D.往稀HzSO4中滴加Ba(OH)2溶液：Ba2++2OH-+2H++SO月-BaSO1￥+2H2O100所名校高考模拟金典卷：化学（一23新高考JD:化学LN100所名校高考模拟金典卷·化学（一）23新高考JD化学LN答案D9.X、Y、Z、V、W五种短周期元素，原子序数依次增大，其中Z的原解题分析本题考查离子方程式。钾投入硫酸铜溶液中，钾子半径最大，Z的化合物焰色试验为黄色火焰，X与其他元素均先和水反应，A项错误；Fe2+会被硝酸氧化为Fe3+,B项错误；正确不在同一周期，Y的最外层电子数是次外层的2倍，V的单质是的离子方程式为C12十2I-12十2C1,C项错误。淡黄色固体。下列说法正确的是A.X与W形成的分子中各原子最外层均满足8电子稳定结构B.离子半径：V>W>ZC.简单氢化物的热稳定性：V>WD.V与W所形成的含氧酸均为强酸3

8已知：硫酸肼(N,H,S0,)为无色无味鳞状结晶或斜方结晶，微溶于冷水，易溶于热水，回答下列问题：(1)盛装NaOH溶液的仪器的名称为,仪器a的作用是(2)装置A的试管中盛放的试剂为(填化学式)。(3)装置C中盛放的试剂为(填名称)，其作用是(4)装置D中发生反应的化学方程式为(⑤)探究性质。取装置B中溶液于试管中，加人适量稀硫酸根荡，登于冰水浴冷卸，试管底部得到结晶。写出生成结晶的离子方程式：161分款：矿主要成分为NM0,合少量S0,Fe0和FeO等杂质，以软锰矿为主要原群吸收脱除工业含硫烟气中的SO2,制备纯净MO2的工艺流程如图。稀硫酸软锰矿NH.HCO调节pH氨水合(软锰矿溶浸氧化一除铁一一玩名洗涤烘干，无水MCO培，MnO含$0的烟气个丁废渣1废渣2废渣3废液已知：常温下，不同金属离子生成氢氧化物沉淀的pH如下表：离子FeFe+Mn开始沉淀时pH1.87.77.8完全沉淀时pH3.29.79.8含疏烟气软矿浆o吸收回答下列问题：(1)“溶浸”所用吸收塔如图所示，描述有利于提高吸收效率的设计之(2)调节溶液的pH前，加入软锰矿的作用是(3)“调节pH”时可选用的试剂为(填化学式)。调节pH=5,充分反应后生成的沉淀为(4)“沉锰”过程中再次加入氨水的目的是(从化学衡移动的角度解释)。“沉锰”过程宜在较低温度下进行，可能原因是(写1条即可)。(6)工业上采用间接氧化还原滴定法测定M0,的纯度，其操作过程如下：准确称量Q.920g该样品，与足量酸性K1溶液充分反应后，配成10mL溶液，取其中10.00mL溶液，用0.0800mol·L-1NaS,0,标准溶液滴定，消耗标准溶液25.0mL(+2S0%2I+S,O)。计算该样品纯度为(保留两位小数)。【高三化学第5页（共8页）】·23-83C·

6.B该反应为放热反应，反应物的总能量大于生成物的总能量，根据题目中给出的反应物与生成被能热警时知，升高温度反夜物能量升高较快，反应结爽后反应放出的热量也会增大，经较4个图像B符合题意，故答案选B。7.D校X2是族序数依改增大的短周期元素：X的原子序数比y大，三者处于不同周期，结合原子序数可知Y位于第用期X位于第周期：治炼X的方法是电解其熔融氯化物奇能为、政Mg元素，X的族序数大于，：则X为Mg元素：W的族序数与周期数相间，W位于A族为H元素Y乙的最高价氧化物的水化物分别是一元强酸和二元强酸，则y为N,2为S元素。同一周期主族元素从左向右原子半径逐渐减小，同主族元素从上到原子半径逐渐增大则原子半径：XZY”,故A错误；H,N形成的化合物NH,的水溶液呈碱性，故B错误氮化镁溶于水生成的氢氧化镁不是强碱，故C错误；Xw,为MgMgH固体是一种储氢材料，可用作氢动力汽车的能源提供剂，故D正确。8.DA.KC1是由离子键构成的离子化合物，不存在分子，A项错误；B,浓硫酸中还含有少量的水，则100g质量分数是98%的浓硫酸中所含氧原子数多于4N,B项错误；C.标准状况下，四氯化碳为液体，不能用气体摩尔体积进行计算，C项错误；D.2.3g金属钠的物质的量是0.1mol,按得失电子数守恒，与氧气完全反应生成Na,O与NazO2的混合物，转移的电子数目为0.1NA,D项正确；答案选D。9.D表示燃烧热时，生成的水必须为液态，A错误；强酸强碱的稀溶液反应生成1ol液态水时放出的热量叫中和热，醋酸为弱酸，B错误；可逆反应不能彻底，0.5molN2与1.5molH充分反应后放出35.5k的热量，则1mol八2与3molH2充分反应后生成2 mol NH,放出的热量比71kJ要大，C错误；反应热与化学计量数成正比关系，反应物总能量比生成物低则为吸热反应，3O2(g)一2O3(g)△H=十bkJ·mol-1,D正确10.A盐酸酸浸，MgCO3可溶，SiO2不溶，滤渣为SiO2,浸出液中主要成分是MgC12,加人氨水沉镁，MgCl2+2NH·H,O一Mg(OH)2Y+2NHCl,母液主要溶质是NHCl,固体X为Mg(OH)2,以此解答。A.盐酸酸浸，MgCO,是微溶物，不可拆成离子，故A错误；B.盐酸酸浸，MgCO,可溶，SiO,不溶，滤渣为SiO2,故B正确；C.加入氨水沉镁，MgCl2+2NH·H,O一Mg(OH)2Y+2NH,C1,母液主要溶质是NH,Cl,故C正确；D.沉镁过程中，加人氨水沉镁，MgC十2NH,·H,O一Mg(OH),Y+2NH,CI,母液主要溶质是NH4Cl,固体X为Mg(OH)2,故D正确；故选A。11.DA项，图1为反应物总能量高于生成物总能量的放热反应，错误；B项，催化剂只能改变反应所需的活化能，不能改变△H,错误：C项，若生成的水为液态，根据题图1和已知可知，其△H=一3k/mol,是一个放热反应，而曲线①仍为吸热反应，错误；D项，题图2表示反应为题图1表示反应的逆反应，正确。12.DA项，由盖斯定律和题给能量循环图知，△H十△H,=△H,错误；B项，由题给键能数据可知，反应H2(g)+l(g)一2HI(g)的△H,=436kJ·mol1+151k·mo11-2X29N·molP1-=-11k·mo<0,结合△H十△H,=△H,可知△H,>AH,错误；C项0(g)转化为(g)的过程中，有C-H键的断裂和H-H键的形成，错误；D项，反应C(g)+2HI(g)一l,(g)十2HCI(g)AH<0,则△H,'≤△H,正确。13.C由题图2可知，脱硝的反应中有NH、N0和O,三种反应物，脱硝的总反应的化学方程式为NH(8)士Oe)十0(gN(g+6H0e,A项箱误由题图可是生露物能量低于反应物能量，该脱硝的总反应为放热反应，但是催化剂不能改变反应的热效应，B项错误；过程2中，NO转化为N2,N的化合价由十2降低为O,NO被还原，C项正确，O的主要作用是将Fe+氧化为Fe+,实现Fe+的循环利用，D项错误。14.BA,碳中和指将通过植树造林、节能减排等方式，抵消自身产生的CO,等温室气体，实现相对碳的“零排放”，故A正确；B.第二、四步有H,参与反应，存在非极性键的断裂，故B错误：C.除去环上循环的物质和催化剂，总反应的反应物为C0:H,生成物为C,O用与15.CH,O,故C正确D.碳排放是指CO,CH,等温室气体排放的简称，故D正确故选B。A,反应为吸热反应，则反应物的总能量小于生成物的总能量，A正确：B反应中，铜从+1升高到十2、氯从-1升高到0，则1 mol Cuc1(s反应时失去2mole,氧气中氧从0降低到-？，则2mol0,得到2mole,B正确，C.按盖斯定律，反应4HC(g)0,(g)一2C【S3·高三单元滚动卷·化学参考答案第6页（共48页）】

其中，白色沉淀B能溶于NaOH溶液。请回答：(I)白色固体C的化学式是，蓝色溶液D巾含有的溶质是(用化学式表示)。(2)化合物X的化学式是一：化合物X的一价阴离子与CH4具有相同的空间结构，写出该阴离子的电子式一。(3)蓝色溶液A与N,H作用，生成一种气体，溶液蓝色褪去，同时生成易溶于硝酸的白色沉淀。①写出该反应的离子方程式②设计实验验证该白色沉淀的组成元紫

A.属于芳香烃B.分子式为C8H28NOC.分子中所有碳原子可能处于同一面内D.分子中含有4种官能团6.下列实验操作不能改变溶液颜色的是选项实验操作A向滴有酚酞的醋酸铵溶液中加入足量稀盐酸B向溴的四氯化碳溶液中通入足量的乙烯向FeCl,和KSCN的混合溶液中加入过量铜粉D向酸性KMnO,溶液中加入过量双氧水溶液ci7.可利用微生物除去废水中的乙酸钠和氯苯）,其原理如图所示。下列说法正确的是CH;COOcoA极质子交换膜B极微生物膜A.B极上的电极反应式为CH:COO一4e2CO2+3H+B.每除去1mol氯苯，同时产生11.2L(标准状况)CO2C.H+从A极通过交换膜向B极移动D.该装置在高温环境中工作效率更高8.氯化铝熔点低，易升华，易潮解水解，实验室利用如下装置制备氯化铝。下列说法错误的是浓盐酸试剂】铝粉丙戊A.可通过调节分液漏斗上的旋塞控制氯气的流速B.试剂X可选用饱和食盐水，长导管的作用为衡压强并观察导管是否堵塞C.待装置丙中充满黄绿色气体时，再点燃酒精灯D.试剂Y可选用碱石灰，既能吸收多余的C,又能防止空气中的水蒸气进入装置丁9.设NA表示阿伏加德罗常数的值。下列叙述错误的是A,甲烷与白磷分子均为正四面体结构，1m01二者混合物所含共价键的数目为4NB.常温常压下，18gD0含有的中子数、电子数均为9NAC,28g乙烯和环丙烷(C,H:)组成的混合气体所含有的原子的数目为6ND.100mL0.1mo:L的CH:C0ONa溶液和50mL0.2ml·L,的CH,COONa溶液中含有的CHCO0的数目不相同，且均小于0.01NA化学（六）第2页（共8页）】师卷©

回答下列问题：(填“放热”或“吸热”)反应，能否通过反应I判断(1)反应I是等物质的量的C0、CO2具有能量的高低？(2)已知C0转化成CO,的能量关系如图所示。写出该反应的热化学方程式,则CO的燃烧热△H=kJ·mol1。2C0(g)+02(g)△H=-566 kJ.mol-12C02(g)0反应过程(3)依据反应I、I确定反应CaO(s)十3C0(g)+SO2(g)一CaS(s)+3CO,(g)△HkJ·mol如图甲所示，A为新型高效的甲烷燃料电池，采用铂为电极材料，两电极上分别通入CH28.(11分)和O,电解质溶液为KOH溶液。B为浸透饱和硫酸钠溶液和酚酞溶液的滤纸，滤纸中央滴有一滴KMnO,溶液，C、D为电解槽。b↑VmlMnO,溶液672P112C装置D装置回答下列问题：(1)甲烷燃料电池中负极反应式为(2)关闭K,打开K,通电后，B中的紫红色液滴向d端移动，则电源a端为极，通电一段时间后，观察到滤纸c端出现的现象是(3)D装置中有200mL一定浓度的NaC1与CuSO,的混合溶液，闭合K、打开K,后理论上两极所得气体的体积随时间变化的关系如图乙所示（气体体积已换算成标准状况下的体积，电解前后溶液的体积变化忽略不计)，则原混合溶液中NCI的物质的量浓度为mol·L1,t2s时所得溶液的pH=(4)若C装置中溶液为AgNO,溶液且足量，电池总反应的离子方程式为。电解结束后，为了使溶液恢复原样，则可以在反应后的溶液中加入(填化学式)29.(9分)我国科学家最近发明了一种Zn-PbO,电池，电解质为KSO,、HSO,和KOH,由a和b两种离子交换膜隔开，形成A、B、C三个电解质溶液区域，结构示意图如图所示：nOH高三四调·化学第7页（共8页）衡水金卷·先享

100所名校高考模拟金典卷·化学（十23新高考JD化学-HUN构简式为，C和HCHO发生加成反应生成D,D分子中羟基被氯原子取代生成E,E和X发生取代反应生成F和HCl,则X的结HC-S构简式为OH(5)化合物H的分子式是C,H0,不饱和度为2X9士2-1025,H分子中含有一个苯环，说明苯环的侧链还有3个碳原子，侧链还有1个不饱和度；能发生银镜反应，说明含有醛基，恰好有一个不饱和度。若苯环侧链为1个，可以是一CH2CH2CHO、一CH(CH3)CHO,两种结构；若苯环侧链有2个，可以是CHO和CH,CH、一CH,CHO和CH3,均有邻、间、对3种结构，共2×3=6种；若苯环侧链有3个，应是一CHO、一CH3、100所名校高考模拟金典卷·化学（十）》23新高考JD·化学-HUN一CH3,在苯环中有6种不同结构，所以满足条件的H的结构共有2十6十6=14种；其中核磁共振氢谱图中有4组峰，且峰面积之比CHO CHO为1：1：2：6的结构简式为(6)根据上述信息，-m可以通过在浓疏酸加热条件下脱水生成，而m可参考C→D的转化，用⊙-m和CH,CHO加成得到，Q-m可参考B→C的转化，由Qm发生取代反应得到，则合成路线可设计为器Q-a器a■令-。23新高考·D·化学-HUN

5、一定条件下，下表意明中的物质能按图示实现一步转化的是物质选项NaAlOAAlALOHSsSOCuSOCuOCu(OH):Naz SiODH SiOSiOz10短周陶主族元表代XY2的原子序数依次州大，部分位色如表所示。元素代号XYR对应物质的部分性质氢化物水溶液pH>7两性氧化物最高价氧化物pH=10.1mol·L的最高价氧化物对应水化物pH=1pH=13下列推断错误的是A.简单离手半径：R>X>YB.单质的还原性：X>YC.气态氢化物的沸点：R>ZD.室温下向水中加入YZ,K增大:由下列实验及现象推出的相应结论正确的是现象结论选项实验2mLo.o1mol·L-1的KI溶液中滴人等体积等滴入K[Fe(CN)6]溶液KI溶液和FeCL溶液A浓度的下C,溶液，将充分反应后的溶液分三份，后产生蓝色沉淀；滴入发生反应：2Fe3++2一份滴人K[Fe(C。溶液，第二份滴人KSCNKSCN溶夜后变血红色；2Fe2++l2溶液，第三份滴人淀粉溶液滴入淀粉溶液后溶液变蓝B向稀硫酸中加入铜片，然后通入氧气加热先无明显现象，通人氧气氧化性：稀硫酸>Cu加热后溶液变蓝向浓度均为0.1mol·L的Na2SO3和Na2SiO3溶液中分别滴加酚酞Na2SiO3溶液红色更深非金属性：SiK足量等浓度的NaOH溶液中只产生红褐色沉淀TFe(OH):]12.用还原法可以将硝酸厂烟气中的大量氮氧化物(NO,)转化为无害物质。常温下，将N0与H,的混合气体通人Ce(SO,)2与CeCeS0,)的混合溶液中，其转化过程如图所示。下列说法不正N2、H20确的是HA反应1中复华被还原剂的物质的量之比为2：1食反应1中离子反程式为0C之北H一4C十NON2+2H2OCe3C.反应过程中混合内Ce和Ce什离子总数一定保持不变D.反应过程中内n(Ce):nCe的比例定保持不变23届高三③联·化学第3页（共6页）】

C向前起酸销等装中南过量的0斧液.A0:十H广十H,0A1(OH)3D.潘清石灰水与D反应，2H+2F+C*+2OH一Car,(六)2H2O7.设N为阿伏加德罗常数的值，下列说法正确的是A.1m01O,与足量钾反应生成KO,时，转移的电子数为4N。B.1LO.1ml·L-NH.HSC0,溶液中阴离子的数目大于0.1NC,标准状况下，22.4L癸烷中含非极性键的数目为9NAA.M电极为时间90分钟】D.78g由NaS和NaO2组成的混合物中含阴离子的总数为1.5NAB.(I)→(O16 Na 23 S32 Fe 568.下列对文献的化学解读正确的是C,图示中最32选项文献摘录化学解读D.该方法能12.科学家利用。在每小题给出的四个选项《本草纲目拾遗》中记载：“粤中洋行有舶上铁在潮湿空气中发生吸氧腐前后电解液A铁丝…日久起销，用刀刮其销…所刮下蚀形成“铁线粉”，“铁线粉”主A.多晶铜之销末，名铁线粉”要成分是FeO·xH2OB.通电过“气”能使溴水、酸性KMnO,离子交中，用排饱和食盐水法收集《格物粗谈》中记载：“红柿摘下未熟，每篮用溶液褪色且发生反应的反应C.常温下B木瓜三枚放入，得气即发，并无涩味”类型相同时，理论中，用向下排空气法收集D.多晶铜中，用排水法收集《本草衍义》冲记载：“取础之法，将生砒就置涉及的操作有凝华12HCC和亚硫酸氢钠溶液法收集火上，以器覆之，令砒烟上飞着覆器，遂凝结十4H,累然下垂如乳，尖长者为胜，短者次之。”13.以氟磷灰造瓦过程中只涉及物理变化D《天工开物》中记载：“凡蜓泥造瓦，据地二尺(Na3PO·余，择取无沙粘土而为之。”9,我国科学家提出具有“两可°反应模式的不对称交又DAlder反应，部分反应历程如图所示（一M代表甲基）。下列说法正确的是气体硫MeO.20分解o Cu/LOM磷灰石滤渣0H)C1的过程下列说法铜”Cu/LA.分解舞体，其结构简COOHB.滤渣合点述转化中，断裂的是非极性健，形成的是极性键C.“制磷D.“急速COOHB.反应①和反应②属于加成反应14.丙酮酸(C个不同原子或OHC.上述反应中参与反应的物质都能与NaOH溶液反应D,上述物质中共有2种含氧官能团酮酸溶液10.I发生反应下列实验操作能达到目的的是实验操作选项的关系曲五环时使用了试剂MYZ和目的向NazS,O,溶液与盐酸反应后的溶AE点A证明N,SO溶液与盐酸反应后液中，滴加紫色石蕊溶液B.298K数依次增大的短周期主族元素，的溶液中盐酸过量在适量的浓硝酸中溶解一定质量的级为用Fe(NO)2固体配制O.mol·LFe(NO)固体，加水稀释至指定体积CG点)的Fe(NO)2溶液D.E、F素中M的原子半径最大。下列气体先通过饱和NaHSO溶液，后FC除去SO2中少量的HC1通过浓硫酸二、非选择题第18一D检验植物油中含有碳碳双键向植物油中加入NaOH溶液，煮沸山氨是农火上氨的闭定”的之裙原料，随者世架人的增长，氨的需水量在(一)必考题15.(15分)KMnO,溶液褪色不斯增大科研人员新发现舞盐作质子中)传导体，以四氢呋南无色易辉发的液体)为溶剂，利用电化学法将氨气还原成氨的原理如图所示。潜在的饵应制备上C2+S0%+H,0SO%下列说法错误的是4H2△Mg+2Fe3+—2Fe2++Mg2+金卷仿真密卷（六）·化学第1页（共2页）Fe

休积的是2.4LC该饱和溶液的密度为七。·cm的体积约为22.4LD该幽和帝液的物质的量浓度为maL3.向100mL.NOH溶液中通人一定量的C0,气体，充分反应后再向所得溶液中强滴加人0.21·L1的盐酸，产生CO,气体的液量中性，则溶液中体积与所加盐酸体积之间关系如图所示下列说法错误的是COM书充分反应，容器内A.原NaOH溶液的浓度为0.2mol·1.1液中含HCI分子的B.通入CO,在标准状况下的体积O为336mLLr mol·L1硫酸C所得溶液的溶质成分的物质的量之比n(NaOH),n(NaCO,)舍为标准状况)与时=311D.所得溶液的溶质成分的物质的量之比n(NaHCO,):nNCO)↑vn=21114.某周体混合物可能由FeSO,.CuC,、AICl、(NH,),SO.、MgC:~A1中的两种或多种组成，现对该混合物做如下实验，所得现象和有关数据如图所示（气体体积数据已换算成标准状况下的体积）·下列关于该固体混合物的说法正确的是NH3.I molImol,家说服，336L气体酒化酶过量广50L气体越石底体积不变感糖)21.65K周体74g自色沉放久置85旋跳部.A免0中题或白色区粒进量经功+无色福无色溶液A的0.Imoln10.9A.一定含有A1,其质量为4g2]9B.一定不含FSO,、MgCl:和AIClferoHh0.05中O原子数介于C.一定含FcSO:其物质的量为0.1mol0.05m6D一定含有MgC、FeSO,和(NH,):SO,且其物质的量相等10121314L酸乙酯分子题号45量的钠和碳酸氢答案二、非选择题（本大题共6小题，共58分）量为M在25℃15.(6分)物质的量是高中化学中常用的物理量，回答下列问题：形成密度为dg(1)1.2gRSO,中含0.01molR2+,则RS0,的摩尔质量是(2)标准状况下，含有相同氧原子数的C0与C0,的体积之比为120g·mo.2:L.第2页（共4页）QG】

A.电源a极为负极B.该装置中Y电极发生氧化反应g,、4rC.X电极的电极反应式为6C02+24H+24e一C6H20。+6H20D.理论上，每生成22.4L(标准状况下)02，必有4olH由X极区向Y极区迁移12.用氟硼酸(HBF4,属于强酸)代替硫酸做铅蓄电池的电解质溶液，可使铅蓄电池在低温下工作时的性能更优良，反应方程式为：P%+P0,+4HBE,莞霜2Pb(BE.):+2H,0:b(BF.)。商为可溶于水的强电解质，下列说法正确的是A.充电时，当阳极质量减少23.9g时转移0.2mol电子B.放电时，PbO2电极附近溶液的pH增大C.电池放电时，负极反应为PbO2+4HBF4-2e=Pb(BF4)2+2BF4+2H20D.充电时，Pb02电极的电极反应式为Pb02+4H*+2e一Pb2++2H,0积苏13.用如图所示装置除去含CNCl废水中的CN时，控制溶液pH为9~10，阳极产生的CI0ˉ将CN~氧化为两种无污染的气体，下列说法不正确的是电源废水A.可用石墨做阳极，铁做阴极B.阳极的电极反应式：Cl+20H-2e=Cl0+H,0C.阴极的电极反应式：2H20+2e=H2↑+20HD.除去CN的反应：2CN-+5Cl0+2H*=N2↑+2C02↑+5CI+H,014.我国科学家成功研制出新型铝-石墨烯(C.)可充电电池，电解质为阳离子(EMIM*）与阴离子(ACL)组成的离子液体，该电池放电过程如图。下列说法错误的是C.(AICL)aAICL）)Y.cAkCHEMIM'1，》议A.放电时电路中每转移1mol电子，有1 mol C（AlCl4)被还原宁.月B.放电时正极的反应为：C.+AlCl-eˉ=Cn(AlCl,)高二年级化学试题第4页（共8页）扫描全能王创建

Ⅱ，以高铁酸钾(K,F©O,)为原料的高铁电池的研制也在进行中。如图1是高铁电池的棋拟装图：®瑞广父换然图1FeFe(OH)Fe(OH)KOH溶液(4)写出电势较高的一极的电极反应式。Ⅱ.工业上用FCL,溶液刻蚀液晶显示器银电路板，某研究性学小组为探究Fe+与Ag反应，进行如下实验按下图连接装留并加入药品（盐桥中的物质不参与反应)。0.I mol.盐桥(5)K闭合时，指针向左偏转，一段时间后指针门零，向左侧U形管中滴加几滴F℃C1,浓溶液，发现指针向右偏转，写出此时银电极的反应式：结合上述实验分析，写出F©*和Ag反应的离子方程式。19.矿石燃料的白接燃烧不仅会有能量利用率低的问题，还会造成严重的环境污染，释放出大量$O,等污染气体。但是如果以良好的利用，排放的污染物也会变废为宝.。1,在化工生产过程中，少量C0的存在会引起催化剂中奇。为了防止催化剂中毒，用SO2将C0氧化，SO2被还原为固态S。已知：C(9)+0,(g—C0(g)A4,=-26,4kmoC(s)+02(g)=C02(g）△H2=-393.5kJmo1'S(s)+02(g)=S02(g)△H2=-296.8kJ·molr(1)SO,氧化C0的热化学方程式为。Ⅱ.为了减少对环境的污染，煤在直接燃烧前要进行脱疏处理。应用电解法对煤进行脱疏处理具有脱疏效举高、

肉细胞中含有一个染色体组，A项错误；Bc是酸的合成，从而影响肿瘤细胞中DNA复制过通过卵细胞发育而来的单倍体，用秋水仙素处程，而转录过程需要的原料是核糖核苷酸，不会理Bc幼苗可以培育出纯合植株，利用单倍体培受到羟基脲的影响，A项错误；据分析可知，放育新品种，能缩短育种年限，B、C项正确；自然线菌素D可抑制DNA的模板功能，可以抑制状态下，Bc只含有一个染色体组，细胞中无同源DNA复制和转录，而DNA复制和转录均需要染色体，减数分裂时不能形成正常配子而高度DNA模板，B项正确；阿糖胞苷通过抑制DNA不育，D项正确。聚合酶活性而影响DNA复制过程，DNA聚合15.C【解析】本题主要考查生物多样性及其保护，酶活性受抑制后，会使肿瘤细胞DNA复制过程考查学生的理解能力。由于麋鹿数量较少，个中的子链无法正常延伸，C项正确：将三种药物体较大，可采用逐个计数法统计麋鹿种群密度，精准导入肿瘤细胞的技术可以抑制肿瘤细胞的A项正确；生物多样性包括基因（遗传）多样性、增殖，由于三种药物是精准导入肿瘤细胞的，因物种多样性和生态系统多样性，增加我国麋鹿此，该技术可以减弱它们对正常细胞的不利影种群的遗传多样性，有利于种群的进一步发展，响，D项正确。B项正确；麋鹿种群增长速率最大时，种群数量18.B【解析】本题主要考查卵细胞的形成和受精为K/2,在有限的资源和空间条件下，种群数量作用，考查学生的理解能力。由题意可知，患病最少时，种内斗争最小，C项错误；据分析可知，妇女为杂合子，该显性致病基因既可以位于常对麋鹿种群进行圈养复壮、放归野外的过程属染色体上，也可以位于X染色体上，A项错误：于易地保护，D项正确，卵原细胞减数第一次分裂时，同源染色体分离，16.ABD【解析】本题主要考查遗传病及其系谱其上基因也随之分离，最终产生一个次级卵母图，考查学生的获取信息的能力和综合运用能细胞和一个第一极体，二者基因互补；次级卵母力。假设红绿色盲相关基因用A、a表示，DMD细胞减数第二次分裂时，着丝粒分裂，姐妹染色相关基因用B、b表示。据分析可知，家系甲单体分离，其上基因也随之分离，最终产生一个Ⅱ-1的致病基因可能来自父亲，也可能来自母卵细胞和一个第二极体，二者基因相同，且卵细亲，家系乙Ⅱ-2遗传其母亲的DMD致病基因，胞可用于受精，而极体最后退化消失，因此可选A项错误；若家系乙I1(XABY)和I-2(XAB Xab)再择极体1或极体2用于基因分析，B项正确。若生育一个儿子，由于ab基因连锁，染色体互换显性致病基因用A表示，位于常染色体上，则患的概率较低，因此，儿子患两种病的概率高于患病妇女的基因型为Aa,丈夫正常，基因型为aa,一种病的概率，B项错误；不考虑其他突变，家自然生育患该病的子女(Aa)的概率是1/2；若系甲Ⅱ-2的基因型为XY,家系乙中I-2的基显性致病基因位于X染色体上，则患病妇女的因型为XX,则Ⅱ-1基因型为XX的概率是基因型为XAX,丈夫的基因型为XaY,自然生1/2,家系甲Ⅱ-2和家系乙Ⅱ-1婚后生出患育患该病的子女(XAX,XAY)的概率是1/4+DMD儿子的概率为(1/2)×(1/4)=1/8，C项1/4=1/2,C项错误。在获能溶液中精子入卵正确；由于DMD是由单基因突变引起的伴X(次级卵母细胞)的时期是②，D项错误隐性遗传病，人群中女性DMD患者(XX)的：19.ACD【解析】本题主要考查生长素的作用探究频率远低于男性(XY)的，由题干可知，男性中实验，考查学生的理解能力。生长素的运输方发病率约为1/4000，即X=1/4000,则XB=向是从形态学上端到形态学下端，生长素涂抹3999/4000,女性中携带者的频率约为2×处为形态学上端，因此打顶后涂抹的生长素进(1/4000)×(3999/4000)≈1/2000，D项错误。入烟草后，可向下运输，A项正确：题图中没有17.BCD【解析】本题主要考查癌症及其实验研呈现营养物质向上部叶片转移的数据，不能证究，考查学生的实验与探究能力和综合运用能明打顶后的抹芽措施不利于营养物质向上部叶力。据分析可知，羟基脲可阻止脱氧核糖核苷片转移，B项错误；打顶涂抹生长素能抑制侧芽·47·23·JBTX1-新高考·生物

15.DA-CB根据表格信息和所学知识可知，当时正处于第二次工业革命时期，德国经济获得迅速发展，该法典的出现也是政治统一的结果，所以，这些做法巩固了德国政治上的统一，故D项正确，A项并非最佳选项。19世纪后期的德国经过长期筹备，广泛听取社会意见，衡各方利益制定出的民法典，带有明显的民主色彩，但这不属于深刻意义，C项并非最佳选项；德国君主掌握实权，代议制民主具有较大的局限性，而英国君主处于“统而不治”的地位，议会是权力中心，排除B项。16.(1)作用：促进国家政权的开放；降低政治分裂和社会分层僵化的风险；促进官僚素质提高与精英循环。(6分)(2)原因：西方侵略冲击中国传统观念，先进的中国人号召改革选官制度；洋务运动中，出于培养实用人才的需要；中国建立的新制度需要选拔新式人才；东西方文明的不同与落差导致的结果；张之洞等开明官僚的推动。(9分)17.(1)法治思想：倡导人民主权；强调法律至上；关注人权保障；重视立法；要求对权力实行制约。(6分，任答其中三点即可)(2)历史意义：孙中山法治思想的传播，有力地推动了中国近代民主革命的发展，启发了民众的法治思想，其对法治的设想和实践对今天建设社会主义法治国家仍有参考价值，但受其阶级和时代的影响，孙中山的法治思想具有明显的局限性。(9分)18.(1)原因：雅典城邦时期奠定了法治基础；与基督教结合，神化了法律传统；近代理性主义的发展推动对理性的信仰；宗教改革推广对法律的宣传；两次大战后对极端主义的反思。(7分)(2)差异：传统中国法律文化强调和谐，以风俗、伦理等手段来解决纠纷，排斥法律诉讼，而西方法律文化追求法律正义；古代中国迷信但并非真心服从法律，西方则尊重和信任法律。(6分)19.[示例论题：精英阶层对政治和社会稳定具有重大影响。(2分)阐述：中国自隋唐开始实行的科举制，打破了贵族阶层对仕途和政治的控制，使得民阶层能够通过读书、考试参与国家政权，促进了社会各阶层的流动，这也有利于缓和阶级间的矛盾，维护了统治秩序的稳定；隋唐之后其继续为历代王朝所沿用，成为统治阶层选拔人才、加强集权、稳定统治的重要手段。(10分)(“示例”仅作阅卷参考，不作为唯一标准答案)·6·【23新教材·YK·历史·参考答案一R一选择性必修1一HAIN】

机理如下图所示，据图A.大田作物群体对光能的利用与单个叶片同：对应的光极限利A线粒体内源向内行童达到CO极限时，限制光合速率的因素可能是CO浓度或提供了场所C在光合最适温度下适当升温，若细胞呼吸率增大，光补偿点可能B/N州在有复呼吸的卫实际生产中随肥过多会影有植物吸水。造吧不程可能影时纱和相关刷的合位C.细胞呼吸的NA太0水霜的多粒和少粒是一对相对性软由对等位基因控制现有多粒植株甲和D,辅酶Q参与细胞的少粒植快乙，为了判断多粒和少粒的经隐性关系，有两种方米可供选择，方案-、不定项选择题（每小通让甲与乙杂交：方案二：让甲和乙分别自交，下列说法错误的是项正确，有的有多个选项西13,如图为常见的两套渗通防的合成入若方案一的子代只出现一-种性软，则出现的性状即为显性性状)B若方案一的子代出现两种性状，则让子代两种个体继续杂交可判断性状显为0.3mod·L的葡两装置半透膜面积相黄少隐性下列有关叙述正确的)质网膜包裹损伤的线C若方案二的子代有一方发生性状分离，则发生性状分离的亲本性状为显性3-I蛋白促使自噬体性状组、中等强度运动组D,若方案二的子代均未发生性状分离，则让二者子代进行杂交可判断性状显相对含量，结果如图所隐性★11.控制某种雌雄异株植物的阔叶(B)和细叶(b)的基因仅位于X染色体上，自然界华通中有阔叶、细叶雄株和阔叶雌毯，但未发现细叶雌株。下列分析错误的是A实验刚刚开始时A.在自然界中没有细叶雄株的原因是含X的花粉或卵细胞致死B.装置B的现象是B,若某种群中雌株的基因型及比例为XX:XBX心=1：2，阔叶植株自由交配，C.装置A中漏后代雄株中会出现1/3的细叶D.若不加人酶，装或细菌C,用细叶雄株与阔叶雌株杂交后代均为雄株，则证明含的花粉致死14.以蒜（二倍体，2nD.杂台阔叶雌株与细叶雄株杂交，子代中X的基因频率为1/2中含有16条染色重新利用12.线粒体呼吸链主要由线粒体呼吸链酶组成，由于线粒体中需要经呼吸链氧化和电子测正确的是的信息交流传递的主要是NADH和FADH,所以可将呼吸链分为NADH氧化呼吸链和A.该细胞一定处素有内因和外因两个FADH2氧化呼吸链，下图是这两条呼吸链相关路径。据图分析以下说法不正确的是B.该细胞中一定员测得的光吸收对单NAD+回C.该细胞中只存NADH氧化呼吸链D.该细胞产生的15.蛋白激酶A(PKANADH-QNADH还原酶复合体QHred环化酶催化ATP细胞色泛酶还原细胞细胞色素醉酸基团转移到特辅酶Q)复合体色素氧化酶珀酸-复合体V的活性。下列有关004延胡索还原ADH复合体琥珀酸氧化呼吸链上升的光吸收范鼻琥上开的光吸收范周酸生物试题（一中版）第4页（共0页

A.直接决定大树杜鹃种群数量增长的是低出生率和高死亡率9.组成种群的个体，在其生活空间中的位置状态或布局是种群的空间特征。下列B.选取大树杜鹃分布密集的区域，用样方法调查其种群数量关于种群空间特征的叙述，正确的是C.适度清除凋落物，有利于提高该山区大树杜鹃的环境容纳量A.蛇类为了度过严寒的冬季，常集群于洞穴中D.建立种子库是保护大树杜鹃的重要措施之一B.种群的空间特征包括种群密度、年龄结构和性别比例6.科学家曾针对某地区做过一项实验，将大量的鸭子引入农田捕食水稻蝗虫，结果仅C.种群的空间特征都有垂直结构和水结构2000只鸭子就能对266.8hm田地里的蝗虫进行有效控制。为研究蝗虫种群数量的D.内蒙古草原上的野生蒲公英均匀分布变化规律，实验中还建立了如图所示的甲、乙两个模型。下列有关说法正确的是10.下列调查活动或实验中，计算所得数值比实际数值可能偏小的是A.显微镜下计数酵母菌数量时不统计方格线上的菌体B.用标志重捕法调查动物种群密度时其标记物脱落d时间引入鸭C.调查某遗传病的发病率时以患者家系为调查对象甲乙D.两次捕获间隔时间过长，动物个体被再次捕获概率降低A.图甲模型属于物理模型，曲线变化反映了鸭和蝗虫之间存在负反馈调节机制11.图中字母表示的时刻，种群数量不为K值的是B.图乙ab段，若蝗虫每天增加3%，并呈“J”型曲线增长，最初有N。只，则t天后蝗虫的种群数量为N。×(0.03)t只C,影响该地区蝗虫种群密度变化的直接因素主要是出生率、死亡率、迁入率、迁死亡率出率出生率4时间时间时间时间D.利用昆虫信息素诱捕蝗虫来防治蝗灾，属于化学防治7.如图所示为某种小型淡水鱼迁入新的湖泊后种群增长速率随时间变化的曲线，ABCD根据该曲线可以得出12.白洋淀素有“华北明珠”的美誉。白洋淀水产资源丰富，淡水鱼有50多种，水鸟A.该种小型淡水鱼在新的环境中呈“J”型增长1啁啾，芦苇婆娑，荷香暗送，构成了一幅生态美景。下列有关白洋淀的叙述错误B.t3时该种小型淡水鱼的年龄结构为衰退型的是C.t4时该种小型淡水鱼在新环境中逐渐消失A渔民控制渔网的网眼大小，可调控鱼群的年龄结构D.该种鱼在新湖泊中的环境容纳量约为2时该鱼数量的两倍B.芦苇的高矮不一体现出了群落的垂直结构8.下列关于种群的叙述，错误的是C.调查苇莺的种群密度时，标记物造成被标记动物易被捕食会影响调查结果A.增加迁入率，降低迁出率可增加本种群的K值D.随着保护力度加大，白洋淀的物种丰富度有所提高B.调查种群密度可以用于监测和预报农林害虫13.为研究某自然保护区黑桫椤的种群密度等生态状况，研究人员分甲、乙两组分C.研究年龄结构能预测种群数量未来发展趋势别选取10m×10m的10个样方，对黑桫椤及样方中其他植物进行了调查，数D.破坏害虫正常的性别比例可使其种群密度降低据记录如表。下列叙述错误的是生物·单元检测卷（十一）第3页（共12页）】生物·单元检测卷（十一）第4页（共12页）

绝密★启用前7.在英国，大约从1760年始，棉纺织技术出现诸多创造，打破了纺织生产的瓶颈。在此影响下，高三一轮复40分钟周测卷/历史一个新的发明浪潮席卷而来，各类新式机械装置的发明轮番登场，专利数量不断增加。这说明(十七)资本主义世界市场的形成和发展（下）】A.纺织技术突破引领技术创新潮流(考试时间40分钟，满分100分)B.世界市场形成推动技术创新C.政府是推动技术进步的最强动力D.工业革命推动专利制度产生、选择题（本题共16小题，每小题4分，共64分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符8.英国著名历史学家埃里克·霍布斯鲍姆指出，1700一1750年，英国国内产业增长7%，出口产合题目要求的)业却增长了76%；1750一1770年，两者又分别增长了7%和80%。当时出现的这种状况1.下图所示为《英国工业革命时期的纺织车间》，当时，大量妇女被雇佣。该图反映了A.降低了英国人的生活水B.促进了英国工业化的进程C.使英国成为“日不落帝国”D.降低了英国劳动生产效率数9.1819年，李斯特以德意志5000名商人和厂主的名义起草了《致德意志同盟议会请愿书》，建议邦国间废除关税，成立德意志工商关税同盟，对外国产品实行报复性关税。1834年，关税嘬同盟建立。材料体现了德意志OA.自由主义经济思想较为盛行B.已经形成了统一的国内市场C.议会日渐上升为权力的中心D.民族国家意识深人经济领域10.到1906年，德国各类职业学校的学生为：普通进修学校在校学生13万人，工商业进修学校不A.女性成为工业化的重要力量B.工业革命导致阶级分化C.妇女社会地位得到明显提升D.男尊女卑观念逐渐淡化学生20.6万人，贸易学校学生4万人，商业学校学生5.3万人，农业学校学生6.7万人，普邮2.19世纪中叶起，英国通过了一系列的法案，对环境卫生问题进行管理；1909颁布了《住宅与规通女子继续教育学校学生7,1万人。这种状况划法》；1936年，伦敦郡通过了“绿带开发限制法案”，引导城市建设开发，减少对乡村环境和A.保证了德国经济的持续健康发展B.旨在适应当时德国经济发展需求C.表明政府对基础教育的高度重视D.促进了教育与生产的紧密结合长利益的损害。这一系列政策从侧面反映了A.城市经济建设倒退推动法制建设B.民主政治体制建设的发展和完善11.下表数据主要表明这一时期英国1790一1909年在英国制造并首次注册的船舶吨位统计表（单位：千吨）绵C.工业革命后城市化建设问题突出D.政府从自由放任调整到国家干预3.瓦特在他的蒸汽实验笔记中说，中国人发明的茶壶是人类设计出的最好的加热器。在实验当年份帆船（风力）轮船（蒸汽机、内燃机）中，他亲手画实验用的茶壶的草图，使用茶壶做蒸汽实验，有时用麦片粥把茶壶的盖子黏住，1790-179979.80O用它来观察潜热现象。这可以用来说明1820-182980.03.0粉A.实践活动孕育技术创新B.中英交流推动机器发明C.生活惯影响发明创造D.科学实验源于日常生活1850-1859160.046.3拓4.1820一1824年间，法国农民借款抵押债务总额增加了50%，农民向借贷人支付的利息高达1860-1869206.4107.9杯15一20%。按此推算，有近三分之一的土地所有权不是为小农实际拥有，而是躺在高利贷债1880-1889122.6377.2权人的抵押账薄中。法国农村的这一现象A.推动了农业资本主义的发展B.迟滞了工业革命发展的进程1900-190937.4674.2岛C.导致了传统经济模式的瓦解D.顺应了迈向近代社会的趋势A.新旧动力航运长期并行发展B.技术迭代呈现延续和渐进性原5.英国工业革命期间，妇女同男性一样工作，同男人一样吃饭、睡觉，身上散发出一股难闻的气C.航运业近代化趋势出现反复D.风帆动力航运持续走向衰落味。再加上缺乏教育，于是她们变得更加粗俗不堪。19世纪的英国，“女工”这个词已经成为12.下表为不同年份德国输往英国产品的相关数据。这一变化反映了一个贬义词，是对那些工厂女工的一种亵渎和嘲笑。由此可见，当时妇女年份工业品占比原料占比食品占比A.经济地位尚未改变B.成为工厂主要劳动力C.地位依然比较低下D.并未受到法律的保护德国输往英国的产品1870年7%34.7%25.6%6.下表为1800一1900年间世界主要资本主义国家重大科研成果数量（单位：个）。德国出口英国的产品1913年70.8%20.4%8.8%时期英国法国德国美国其他A.工业革命由英国扩展到德国B.德国外贸处于出超地位1801-1850年79501143C.德国生产领域的革命性变化D.英国不再是“世界工厂”地13.1800一1914年，法国人口从约2800万增长到4000余万，人口规模从欧洲第一退居欧洲第1851-1900年细58691811844五。同一时期，德国人口从2000万增至6500万。19世纪末，法国不得不招揽外国移民以补据此可知充劳动力，甚而通过延长兵役年限以维持一支可以和德国对抗的军队。这一历史进程表明A.大多数欧美国家基本实现了工业化B.两次工业革命英国都处于领先地位A.人口是影响大国兴衰的重要因素B.人口规模决定了法德的工业水C.国家科研成果与经济实力紧密关联D.19世纪末美国已成为世界经济霸主C.长期的对外战争削弱了法国国力D.法德矛盾是欧洲大陆的主要矛盾历史第1页（共4页)衡水金卷·先享题·高三一轮复40分钟周测卷十七历史第2页（共4页）

℃)(2)致重吸收水减少，可导致尿量增多，D项正确全圆100所名校最新高考模枞示花卷21,C【命题意图】本题考在免疫系统的组成、功能以及应用等知识内容，主要考查了学生的理解能力以及生命观念，科学思维的核心素养【解题分桥】第一、第二道防线对多种病原体都有防御作用，于非特异性免疫，第三道防线针对特定的抗原起作用，具有特异性，属于特异性免疫，A项错误，抗体与抗原特异性结合后会形成沉淀或细胞集团，最后被吞噬细胞吞噬消化、不能多次发挥作用，B项错误。抗原与抗体的结合具有特异性，人工标记的抗体可用于检测病原体和肿瘤标志物，C项正确。获得性免疫缺陷综合征是免疫力低下所致，自身免疫病是免疫力过强所致，D项错误2.D【命题意图】本题以生长素和生长素抑制剂对库尔勒香梨尊片脱落的影响为情境，考查植物生命活动的调节等知识内容，要求学生从题干中获取相关信息进行分析、解题，主要考查了学生的理解能力、实验与探究能力、获取信息能力以及生命观念、科学思维、科学探究的核心素养。【解题分析】分析实验结果可知，在同一处理下，第4序位果实脱尊率比第1序位果实脱尊率高，在同一序位下，TBA处理的果实脱萼率最高，清水处理的次之，IAA处理的最低，A、B两项正确。与对照组相比，AA处理组的果实聪尊率较低，而TBA处理组的果实脱萼率最高，说明AA促进果实萼片的宿存，C项正确。促进细胞生长的作用属于细胞水，且该研究不能表明AA可促进细胞生长，D项错误。23.C【命题意图】本题以太湖水华的形成为情境，考查种群、群落等知识内容，要求学生从题干中获取相关信息进行分析、解题，主要考查了学生的理解能力、获取信息能力以及生命观念、科学思维、社会责任的核心素养。【解题分析】据图分析可知，在太湖蓝藻复苏期，气温越高，水华复苏的时间就越早；在太湖蓝藻休眠期，气温越低，蓝藻休眠时间越早，A、B两项正确。蓝藻上浮聚集遮蔽湖面，位于湖泊群落下层的植物不能很好地利用阳光，C项错误。蓝藻的生长需要光照和无机盐，利用某些水生植物和蓝藻竞争光照和无机盐可治理水华，D项正确。24,B【命题意图本题以绿肥作物的使用为情境，考查物质循环、能量流动等知识内容，要求学生从题干中获取相关信息进行分析、解题，主要考查了学生的理解能力、获取信息能力以及生命观念、科学思维、社会责任的核心素养。【解题分析将绿肥作物翻放土内会影响土壤小动物类群的丰富度，A项错误；适宜的水分和温度有利于绿肥施入土壤后微生物的活动，使有机物分解加快，从而提升土壤肥力，B项正确；绿肥施人土壤后为植物生长增加了物质来源，没有提供能量来源，C项错误；生态系统中的碳元素能通过生产者、消费者等的呼吸作用回到无机环境，D项错误25.C【命题意图】本题考查生物多样性及其保护等知识内容，主要考查了学生的理解能力以及生命观念、科学思维、社会责任的核心素养【解题分析】保护自然生态系统就是提高该生态系统的抵抗力稳定性，使其具备一定的抵抗外界干扰的能力，A项错误；生物圈内所有的植物、动物和微生物，它们所拥有的全部基因以及各种各样的生态系统，共同构成了生物多样性，因此保护生物多样性不仅仅保护物种多样性，还保护基因多样性和生态系统多样性B项错误；延长食物链，使之成为立体果园，能提高果园生态系统的稳定性，同时获得更多产品，C项正确：间接价值是对生态系统起重要调节作用的价值，生态效益属于生物多样性的间接价值，D项错误0生物卷参考答案（九）第5页（共8页则【3·公MN·生物·】