答案C 解题分析 该地区主要为热带沙漠气候，气候干旱，多沙漠， 其房屋特点是墙厚、门窗小，可以减少阳光和热风的影响，也可防 止风沙进入。

日本是一个多山的岛国，山地成脊状分布于日本的中央，将日 本的国土分割为太洋一侧和日本海一侧，其海岸线十分复杂。 读日本周边海域等深线分布图，完成10~12题。 135 140° 145° 40° 日 6000 35 200八等深线/m河流

【解题分析】中国西沙群岛为季风气候区，春秋季风力较小；老 粗门、全富门位于永乐环礁北部，冬季受东北季风影响较大；西南 部由于中南半岛的阻挡，夏季风较弱，海流冲击力较弱。 【答案】D

本题怎么考本题考查特定区域的农业生产特征，体现了高 考评价体系之应用性考查要求。本题要求考生在理解农业布局的 基础上，综合所学知识作答。 答案B 解题分析萨省纬度相对较高，地处温带，而咖啡属于热带作 物，甘蔗属于热带及亚热带作物，在萨省不能大面积种植；水稻应 种植在水热组合条件相对较好的区域，而加拿大中南部属于大陆 性气候，降水少、热量不足，不能满足水稻正常生长的条件；小麦和 亚麻可以适应较低的温度，且属于旱作物，适宜在萨省大面积 种植。

18.阅读图文材料，完成下列要求。(12分) 都江堰水利工程建成后，成都原形成了高度网络化的排 灌体系，历史悠久的川西林盘就衍生于这些纵横交错的河流、 灌渠之间。川西林盘不仅构成了成都原独有的田园景观，亦 是川西农耕文化的结晶，形如田间绿岛、随田散布。单个林盘 (图I)由林木、宅院围合而成，成为集生活、生产、生态和景观 于一体的复合型农村散居聚落单元。 成都市郫都区是成都原林盘聚落的核心区，现存林盘数 量多。但受农村劳动力转移及生产、生活方式改变的影响，传 统林盘不断遭到破坏，数量和形态发生明显变化。图Ⅲ示意郫 都区位置及2018年林盘分布密度。

C.“熬胆矾铁釜，久之亦化铜”，该过程发生了置换反应D.石钟乳(CaC0g):“色黄，以苦酒（腊）洗刷则白”是物理变化3.经分析，某物质由同种元素组成，则此物质()A.一定是化合物B.一定是纯净物C.一定是混合物D.可能是纯净物也可能是混合物4.下列生活中的物质与其有效成分的化学式、用途的对应关系中，不正确的是()选项BCD生活中的物质小苏打纯碱84消毒液食盐有效成分中的化学式NaHCOsNa2CO3Ca(C10)2NaCl用途做发酵粉造纸做消海剂做调味品5.氧化还原反应的实质是()A.元素化合价的升降B.电子的转移C.物质中氧原子的得失D.反应中原子的重新组合6.下列电离方程式不正确的是()A.A1C13在溶液中的电离方程式为A1C13=A13+C1B.BaC12在溶液巾的电离方程式为BaC1=Ba2+2C1C.NaHC03在溶液中的电离方程式为NaHC03=Na'+HC03D.CH3C0ONH在溶液中的电离方程式为CH COONH=NH+CH3C0017.将绿豆大的钠块投入如图所示的烧杯中，可能出现的现象是()煤油（密度为0.8gcm3)水、少量酚酞四氯化碳（密度为1.6gcm3)试卷第2页，共8页

大庆铁人中学2020级高三学年上学期月考化学试题考试时间：2022年10月8日①表示N,0的转化率随N,O的变化曲线为21.(12分)环喷托酯是一种常见的散瞳剂，常用于儿童散瞳验光，其合成路线如下：曲线（填“T”或“TI"):n(Co)②TT2(填>”或“<"：C乙醇0P(CO2)p(N2)D②H'H.O一定条件@记：凌反位的标准面常数K”-画，0C,共中为标准压蛋0o,KCOCHCOCH,CHN(CH)2B-OHp°p环喷托酯pN2O)和p(CO)为各组分的衡分压，则T,时，该反应的标准衡常数K0=(计算结果保留OH己知：①R,CH,COOR2+RCOR-定件→RCCHCOOR2两位有效数字，P分=P点物质的量分数)20.(10分)2022年以来，全球化石能源价格一路飙升，对全球经济复苏产生巨大影响。氢能源RR是一种不依赖化石燃料的储量丰富的清洁能源。②R,COOR,+R,OHH→R,COOR,+R,OH(1)电解水产氢是目前较为理想的制氢技术，这项技术的广泛应用一直被高价的贵金属催化剂所制回答下列问题：约。我国科学家开发了一种负载氧化镍纳米晶粒的聚合物氮化碳二维纳米材料，大幅提高了催化效(I)环喷托嘴中含氧官能团的名称为:A生成B的反应条件为率。(2)由C生成D的化学方程式为①基态Ni原子的价电子排布式为该元素在元素周期表中的位置是(3)E和F在生成环喷托酯时会产生分子式为C1H:O2的副产物，结构简式为②C、N、O的电负性的由大到小的顺序是(4)符合下列条件的D的同分异构体有种。写出其中核磁共振氢谱有五组峰，且蜂面积③为寻找更多的金属催化剂，科学家从众多金属元素中选取Co、©、Cu进行了相关研究，并取得之比为6：2：2：1：1的同分异构体的结构简式了成功。选取这三种金属进行相关研究的原因可能是①能发生银镜反应(2)开发新型储氢材料是氢能利用的重要研究方向。氨硼烷NHBH)是一种潜在的储氢材料，可由②能与2倍物质的量的NaOH反应H③苯环上的取代基不超过3个-H(HB=NH)3(俗称无机苯，结构为面六元环状，如图所示：)通过如下反应制得：3CH4+2(HB=NH)3+6H2O=3CO2+6NH3BH3.①请解释CH4、HO、CO2的键角大小顺序②HB=NHD3中B、N原子的杂化轨道类型分别为第6页共6页

根据离子方程式：10寸+5I-+6H+=3L2+3H20,结合2Na2S2O3+l2=Na2S4O6+2Nal,得出关系式：IO寸~3L2~6Na2S203,(2分)n10)=3.000×10-molL×10.00mLX103LVmL=5.000x10-mol,6则该加碘食盐中碘元素的含量：5.000×10-6mol×127gmol×10×1000mg盟=63.5mgkg,(2分)0.1kg不在20~50gkg范围内，因此该加碘食盐中碘元素的含量不符合国家标准18.(15分)(1)-1630 kJ-mol-(2分)(2)①+5(2分)②NO、'O~、Cu2*反应生成NO2与Cu,NO或NO2分别与NH2反应生成N2和H20(2分)3O2+2SO2+2NH3+2H2O=2NHHSO4(3分)(③)①温度升高，催化剂活性增强均使活化分子百分数增加，单位时间内活化分子有效碰撞次数增加，反应速率加快(3分)②温度高于450C时，NH与O2反应生成较多量NOx,使得流出反应管的NOx总量超过流出反应管的NOx总量(3分)注：其它合理答案也给分方程式配错误不得分，气体、沉淀、可逆符号遗漏或错误扣1分

5.N,为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是A.2gH,所含原子数目为2N、B.常温常压下，22.4LCH,含有的分子数目为N,C.14gN2含有的电子总数为5N,D.1mol·L1NaCl溶液中含有的CI数目为N,6.类推（类比迁移）的思维方法可以预测许多物质的性质。但类比是相对的，不能违背客观事实。下列类比分析结果正确的是A.Fe,O,根据化合价规律可表示为Fe0·Fe,0,则Pb,O,也可表示为Pb0·Pb,O,B.Fe与S反应生成FeS,则Cu与S反应可生成Cu,SC.Cl,与Fe加热生成FeCl,则L,与Fe加热生成Fel,D.S02通人BaC2溶液不产生沉淀，则S0,通入Ba(NO,),溶液也不产生沉淀7.用下列装置能达到实验目的的是L的CC1,溶液⑧带孔隔板丙A.用甲装置灼烧碎海带B.用乙装置蒸发MgCL,溶液制备无水MgCL2C.用丙装置制备氧气并控制反应的发生和停止D.用丁装置分离L2和CCl8.下述转化关系可用于合成解痉药奥昔布宁的前体（化合物丙），下列说法不正确的是OHOHCOOC,HCOOC,HsCOOH丙A.化合物甲含有5个双键B.化合物乙的分子式为C6H0C,化合物丙能发生加成反应、消去反应和缩聚反应D.等物质的量的甲、乙、丙消耗NaOH的物质的量均相同9.常温下，下列各组离子在指定溶液中一定能大量共存的是A.加人A1粉产生H,的溶液中：Mg2、S0、C10、Ca2B.澄清透明溶液中：K、Na、SO、MnO,C.c(H)=10的溶液中：N、Ba”CN0,c(OH)D.由水电离的c(OH)=1x100mol·L的溶液中：Na、K、NO,、S,0富县2023届高三化学摸底考试-2-（共8页）

第II卷（非选择题)二、填空题(40分)21.（1)依据事实，写出下列反应的热化学方程式：①1mo1氨气和1mo1氯化氢气体化合生成氯化铵固体，放出176kJ热量，该反应的热化方程式为：②25℃101kPa时，氢气和氧气反应生成1mo1水蒸气放热241.8kJ,该反应的热化方程式为：(2)甲醇是重要的化工原料。利用合成气（主要成分为C0、C0,和H)在催化剂的作用下合成甲醇，可能发生的反应如下：①C02(g)+3H2(g)=CH,OH(g)+H,0(g)△H,②C02(g)+H(g)=C0(g)+H,0(g)△H3CH,OH(g)=CO (g)+2H (g)△H己知反应②中相关化学键键能（断裂1mo1化学键吸收或形成1mo1化学键放出的能量）数据如表：化学键H一HC=0C≡0H一0E/kJ·mol4368031076465由此计算△H=kJmo1。己知△H=+99 kJ*mol,则△H,=kJmo1。22.(1)反应mA(g)+nB(g)亡pC(g)+qD(g)过程中的能量变化如图，回答下列问题。mmol n mol B)p mol cle)+q mol D(g)反应过恩①该反应△H=(用含E、E2式子表示)；②在反应体系中加入催化剂，E（“填(“增大”、“减小”、“不变”)，△H(“填(“增大”、“减小”、“不变”)。(2)用50mL0.50mo1·L-盐酸与50mL0.55mo1·L-Na0H溶液测定计算中和反应的反热。回答下列问题：温度计内简杯盖隔热层外亮简易量热计①从实验装置上看，图中缺少的一种玻璃用品是②如改用0.0275mo1Na0H固体与该盐酸进行实验，则实验中测得的“中和热”数值将(填“偏大”、“偏小”或“无影响”)。第5页，共6页

分析，b点溶液中可溶物质只有KS),描述错误，C符合题意：根据分析，c,d两点对应反应中，①中及(O全部生成新的物质，②中OH全部反应，Ba2也都参与生成新物质，未有()H)剩余，描述正确，D不符题意。本题选C10.D【解析】1480mLN)的物质的量=4.18L÷22.1L/mol=0.2mol,336mLN2O,的物质的量=0.336L÷22.11./mol=0.015mol,令Cu、Mg的物质的量分别为xmol、ymol,根据二者质量与电子转移守恒，可得：①64.x+24y=4.6,②2x+2y=0.2十0.015×2，解得x=0.046、y=0.069,故该合金中铜与镁的物质的量之比=0.046mol:0.069mol=2:3,故A正确：密度为1.40g/mL、质量分数为63%的浓硝酸，其物质的量浓度=1000×1.1&mX63-14.0mol/L,故B正确：铜镁合金完全溶于浓硝酸中，向反应后63 g/mol的溶液中加入NaOH溶液至离子恰好全部沉淀，生成沉淀为Cu(OH)2、Mg(OH)2,由化学式可知n(OH)=2(Cu)+21(Mg)=2×(0.046mol+0.069mol)=0.23mol,故沉淀质量=m(Cu)十m(Mg)+n(OH)=4.6g十0.23mol×17g/mol=8.51g,故C正确；离子恰好完全沉淀时，此时溶液中溶质为NaNO,根据N元索守恒可知n(HN))原(NaNO)+n(NO)+2(NO,),故n(NaNO)=0.1L×14mol/L-0.2mol-2×0.015mol=1.17mol,根据钠离子守恒有n(NaOH)=n(NaNO)=1,17mol,故需要氢氧化钠溶液的体积=1.17mol÷1mol/L,=1.17L=1170mL,故D错误。故选D。1L,BC【解析】由题干工艺流程图可知，酸浸是除去Fe、A1和Ni,过滤得滤液①中主要含有F+、AP和N+,将滤渣主要为P1用王水进行溶解，根据信息①可知并进行氧化还原反应配可得，该反应的方程式为：3Pt+4HNO,+18HC1一3H2PtC1十4NO↑十8H,O,用NH,CI进行沉铂.反应原理为：H,PtCl。+2NH,CI一(NH)zPtCl￥十2HCl,过滤得滤液②主要成分为HCI和NH,CI,滤渣为(NH,)2PtC16,最后对滤渣进行隔绝空气煅烧，反应的方程式为：3(NH,),P1C1,橙整2N+十3P1十18HC1◆十2NH,◆，据此分析解题。由于盐酸具有挥发性，故“酸浸”时不能在较高温度下进行，A错误；由分析可知，滤液②的主要成分为HC1和NH,C1,故可返回“酸浸”工序循环利用，B正确；由分析可知，“溶解”时发生方程式为：3P1+4HNO,+18HC1一3HPC1。十4NO↑十8HO,则其离子反应为3P1+16H+4NO+18C1一3[PtC1]2+4NO个+8HO,C正确；由分析可知，煅烧时反应的方程式为：3(NH,),P1C1,烧2N,+十3P十18HC1++2NH◆，隔绝空气“微117.0g绕“时每生成17.0g即195g:m6=0.6molP,根据方程式可知，理论上产生N,的物质的量为0.4mol,其标准状况下体积为0.4mol×22.4L·mol1=8.96LN2,D错误。故答案为BC。12.CD【解析】烧杯中酸性KMO,溶液褪色，说明H燃烧的产物中可能有还原性物质。若将烧杯中的溶液换成含有少量KSCN的FSO,溶液，溶液呈红色，说明有Fe+生成，进而说明H燃烧的产物中可能有氧化性物质，由此说明H燃烧的产物有还原性和氧化性，A正确：HO具有氧化性与还原性，遇强氧化剂是表现还原性，遇较强的还原剂是表现氧化性，该条件下H燃烧的产物中可能含有一定量的HO,B正确；过氧化氢具有氧化性，在酸性条件下氧化亚铁离子，反应的离子方程式为2Fe+HO,十2H-2Fe3++2H0C错误：碘化钾淀粉溶液中的K1具有还原性，能验证生成物具有氧化性，D错误。故答为(CD2023届·音通高中名校联考信息卷（月考一）·化学参考答案

第十六单元资源枯竭型地区的可持续发展、生态脆弱区的综合治理1.B根据图示牧房、景点以及旅游路径的分布可知，人类活动对草甸区的干扰强烈，导致草甸破碎化，呈现斑块状的特征。2.C自然因素是草甸退化的次要原因，牦牛坪位于玉龙雪山景区，旅游承载力小，且草甸区生态环境脆弱，恢复周期长，人类活动是导致牦牛坪草甸严重退化的主要原因。西部有放牧区，但受干扰的强度轻，可排除过度放牧。3.A由材料和图示信息可知，导致牦牛坪草甸退化的主要原因是游客对草甸区的踩踏，故限制旅游时段及规模合理。4.A由材料可知，秸秆发电有直燃发电、混燃发电、气化发电及沼气发电，不论哪种发电模式，均需要大量的农作物秸秆，且产生的电量有限，经济效益较差，长距离运输秸秆势必导致发电成本进一步提高，使得经济效益更低，所以秸秆电厂应布局在原料产地，与市场、技术和劳动力关系不大。5.D由图可知，仙桃市秸秆资源密度最高，利于原料收购，减少运输费用，秸秆收集成本低；秸秆发电对生态环境的要求不高，且图中无法判断四市的生态环境；同在湖北，劳动力成本相差不大；秸秆资源量等于土地面积与资源密度之积，仙桃秸秆资源量在四城市中不占优势6.C增加秸秆供给、提升电厂集聚度不能提高秸秆发电经济效益；提高上网电价属于政府补贴；秸秆燃烧产生的草木灰含有丰富的营养成分（如钾、镁、磷），可用作高效农业肥料，废渣等作为肥料或者养殖业的饲料及进一步深加工，可提高秸秆发电带来的综合经济效益。7.A炼铝工业属于动力指向型工业，故该区域最主要的区位优势体现在有丰富的煤炭和水能资源，可提供充足的能源，且附近有丰富的铝矿资源，原料充足8.A对煤炭进行深加工，建设坑口电站，发展炼焦业等，既能减少煤炭外运，减轻交通运输压力，又能延长产业链，提高产品附加值。9.D土库曼斯坦深居亚欧大陆内部，属于典型的温带大陆性气候，降水稀少，这是境内沙漠广布的主要原因；不合理的人类活动只是加剧沙漠化的因素。10.C农业灌溉用水比重下降，说明其他方面用水比重增加。土库曼斯坦油气等矿产资源丰富，资源开发及工业发展会导致用水量和用水比重增加；土库曼斯坦灌溉引水工程大部分为苏联时期所建，工程老化，渗漏会增加，水资源浪费会增加；气候变暖会导致蒸发量增加，农业用水需求会增加；跨国河流水资源获取量增加不会直接导致农业灌溉用水比重下降。11.B土库曼斯坦气候干旱，土地沙漠化、盐碱化是其主要的生态环境问题。土库曼斯坦农业以棉花为主，农业是用水大户，发展节水农业，提高水资源利用率，不仅可以缓解水资源短缺，还可以减轻不合理灌溉导致的土地盐碱化；土库曼斯坦气候干旱，大面积植树反而会消耗宝贵的水资源；水稻也是水资源需求大的作物，减棉增稻对缓解缺水状况无效；土库曼斯坦境内河流水量均有限，跨流域调水对改善生态环境作用甚微。12.C近年来由于沙源增多，沙泉子一带铁路常被风沙掩埋，这说明与近些年来的环境变化有年八46·【23·G3DY(新高考)·地理·参考答案一XJB一必考一SD】

黑暗黑暗单侧光单侧光I-4琼脂块单侧光iA.a、b组实验结果说明胚芽鞘的生长与尖端有关B.C

啪5因是，d由美交袋罪江组2022一2023学年度高三一轮复周测卷（十二）剂长酿小论师英实水来茶生物·DNA是主要的遗传物质，DNA的结构和复制(考试时间90分钟，总分90分)一、选择题：本题共24小题，每小题2分，共48分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。带题目为能力提升题，分值不计入总分。1.肺炎双球菌转化实验中，S型细菌的部分DNA片段进入R型细菌内，并整合到R型细菌的DNA分子中，使R型细菌转化成能合成荚膜多糖的S型细菌。下列叙述错误的是A.上述转化过程在小鼠体内和体外均能发生B.上述R型细菌转化成S型细菌的变异属于基因重组C.S型细菌的DNA片段在R型细菌中表达的产物是多糖上时凤，香西父尊的个被年型三拿D.转化形成的S型细菌中DNA的嘌呤碱基所占比例不发生变化D湿误果的资染的，四有寿货(【答案】C【解析】肺炎双球菌转化实验有两个，一个是格里菲思的体内转化实验，另一个是艾弗里的体外转化实验，故上述转化过程在小鼠体内和体外均能发生；S型细菌DNA整合到R型细菌DNA上，所以R型细菌转化为S型细菌的变异属于基因重组；基因的表达产物是蛋白质，多糖不是蛋白质；DNA是双链结构，遵循碱基互补配对原则，所以嘌呤碱基所占比例不变。2.根据S型肺炎双球菌荚膜多糖的差异，将S型细菌分为SI、SⅡ、SⅢ等类型。不同类型的S型细菌发生基因突变后失去荚膜，成为相应类型的R型细菌(RI、RⅡ、RⅢ等)。S型细菌的荚膜能阻止外源DNA进入细胞，R型细菌只可恢复突变为相应类型的S型细菌。将加热杀死的甲菌破碎后，获得提取物→对提取物进行不同酶处理→加入乙菌培养基中培养→检测子代细菌（丙）的类型。下列实验思路与结果预期，能说明细菌发生转化而未发生基因突变的一组是A.甲为RⅡ，乙为SⅢ，丙为SⅢ、RⅡB.甲为SⅢ，乙为RⅡ，丙为SⅢ、RIC.甲为SⅢ，乙为RⅡ，丙为RⅢ、RⅡD.甲为SⅢ，乙为RⅢ，丙为SⅢ、RⅢ【答案】D【解析】根据题意分析，RⅡ的DNA不能进入SⅢ中，不会导致SⅢ突变为RⅡ；SⅢ的DNA经过处理后，可被RⅡ吸收，将部分RⅡ转化为SⅡ，不能转化为SⅢ；SⅢ的DNA经过处理后，可被RⅡ吸收，将部分RⅡ转化为SⅡ，但不会获得RⅢ；SⅢ的DNA经过处理后，可被RⅢ吸收，将部分RⅢ转化为SⅢ。3.温和性噬菌体在吸附并侵入细胞后，将其核酸整合到宿主的拟核DNA上，并且可以随宿主DNA的复制而进行同步复制，一般情况下，不引起宿主细胞裂解，如大肠杆菌噬菌体等。含有温和性噬菌体的细菌称为溶源性细菌，其分裂产生的子代带有整合的噬菌体基因组。下列有关叙述正确的是A,溶源性细菌产生过程中的变异属于基因突变B.温和性噬菌体可以作为基因工程的运载体C.溶源性细菌不再具有产生子代噬菌体的能力D赫尔希和蔡斯实验所用的实验材料即为温和性噬菌体【答案】B【解析】温和性噬菌体基因组整合到溶原菌基因组上的变异类型属于基因重组；常用的运载体有质粒、噬菌体的衍生物、动植物病毒，温和噬菌体可以作为基因工程的运载体；溶源性细菌分裂产生的子代带有整合的噬菌体基因组，可以产生子代噬菌体；温和性噬菌体不会引起宿主细胞裂解，赫尔希和蔡斯实验所用的噬菌体会引起宿主细胞裂解，不是温和性噬菌体。。14·

7.(10分)勤洗手是预防病毒感染的有效措施。某公司在防控新型冠状病毒期间推出了一款新型免洗手凝胶。为衡量该凝胶的清洗效果，研究人员设计了相关实验。用凝胶洗手前的检测流程见图。请根据表中实验回答相关问题：特殊处理制成继续实验中长有35个菌10mL菌悬液落的板【察含】实验组别对照设置接种处理数据统计求均值A不洗手按上述实验步骤处B用水洗手理，每组设置三个C用免洗手凝胶洗手板D空白不接种(1)用洗手凝胶洗手可以杀死手表面的部分微生物（不包括芽孢和孢子），该方法属于(填“消毒”或“灭菌”)。在实验中配制好的培养基需要进行灭菌处理，常用的方法是(2)实验中添加D组的目的是(3)如果想了解手部是否有大肠杆菌，应该如何处理？(4)新型冠状病毒为什么不能用基本培养基培养？具生。【答案】(1)消毒高压蒸汽灭菌(2)检验培养基灭菌是否彻底(3)在培养基中加入一定量的伊红美蓝，观察菌落的特征0TH(4)因为病毒没有细胞结构，只有依赖活细胞才能生活【解析】(1)使用强烈的理化因素杀死物体内外一切微生物的细胞、芽孢和孢子的过程称为灭菌；消毒是指用较为温和的物理或化学方法仅杀死物体体表或内部的一部分微生物的过程，用免洗手凝胶洗手可以杀死手表面的部分微生物（不包括芽孢和孢子），该方法属于消毒。常用灭菌方法有灼烧灭菌、干热灭菌和高压蒸汽灭菌法，对培养基灭菌处理的常用方法是高压蒸汽灭菌法。(2)D组是对一组未接种的空白培养基进行培养，是为了验证培养基是否被杂菌污染，灭菌是否彻底。(3)大肠杆菌培养在加入伊红美蓝的培养基中，可形成紫黑色有金属光泽的菌落，所以在培养基中加入伊红美蓝可以鉴别是否存在大肠杆菌。(4)病毒是没有细胞结构的特殊生物，仅由遗传物质和蛋白质外壳组成，只能依赖活细胞生存和繁殖，故新型冠状病毒不能用基本培养基培养，其无法单独在基本培养基中生存。8.(10分)四环素是放线菌产生的一种广谱抗生素，既可以用来进行动物疾病的治疗，还可以作为饲料添加剂促进动物生长。然而，四环素的化学结构稳定，在动物体内并不能被完全吸收转化，大部分随尿液排出体外，易在环境中积累，造成污染。研究人员从养鸡场粪便堆肥中筛选获得两株对四环素具有一定降解能力的菌株，并探究其对四环素降解的最佳条件，为修复及治理被四环素污染的环境提供菌种资源和理论依据。回答下列问题：(1)为筛选出四环素降解菌，从饲料中添加的养鸡场粪便中取5g样品，加入无菌水制成悬液接种至适宜的液体培养基中，置于30℃、160t/min的摇床中恒温振荡培养，此操作的目的是，(2)培养结束后对培养液进行梯度稀释，从不同稀释倍数的稀释液中各吸取100μL稀释液，涂布于含有一定浓度四环素的选择培养基上。待长出单菌落，挑选菌落形态外观不同的单菌落直接用法进一步分离纯化。若要临时保藏菌种，可将其接种到试管的上，待长成菌落后再置于4℃冰箱中保藏，以备后续实验。(3)分离得到两种对四环素具有降解能力的菌种A和B。为研究加人不同碳源和氮源时，对两种菌降解四环素能力的影响，在含适宜浓度四环素的无机盐培养基中分别加入1%不同碳源和氮源作为实验组，不加碳源或氮源的作为对照组，6d后测定四环素残留量，结果如图所示。·174·

解为无机物，形成的无机物可被植物重新利用，从而减少污染，因此该净化系统能发挥作用，分解者的作用功不可没，D项正确。17.(1)甘蔗、玉米、芭蕉(2分)通过光合作用将无物合成有机物，将光能储存在有机物中，为自身和其他生物提供物质和能量(2分)(2)种间竞争(1分)水(1分》(3)①合理调整能量流动关系，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分(2分)②通过信息传递调整种间关系，维持生态系统的稳定(2分)(4)环境资源减少（或食物减少、栖息空间减少或环境改变）(2分)18.(1)三、四(2分)细菌、真菌、部分土壤小动物(1分)》(2)食草动物帮助植物传粉、传播种子；食草动物的捕食作用降低了植物间的竞争；食草动物加快了物质循环（答出两点即可）(2分)c(1分)(3)春(1分)标记重捕(1分)捣毁鼠洞、保护鼠的天敌等（合理即可）(1分)谨慎(1分)引人蛇可能会带来新问题，如捕食鸟类、伤害家畜或人等(2分)》19.(1)果树固定的太阳能和饲料中的能量(2分)果树(1分)微生物等分解者(1分)(2)土壤小动物身体微小且活动能力强(1分)消费者、分解者(1分)(3)调节生态系统的种间关系，以维持生态系统的稳定性(2分)(4)次生(1分)灌木比草本植物更高大，在竞争阳光和土壤养分中更有优势(1分)调节能量流动方向，使能量持续高效地流向对人类最有益的部分(2分)20.(1)基本等于(2分)(2)组成细胞的化合物会迅速且彻底地氧化分解，能量会全部释放出来，细胞的基本结构也就会遭到彻底破坏（合理即可，2分）(3)次生演替(1分)不能(1分)灌木和乔木是两种不同的植物种类，灌木成长的终点仍是灌木(3分)(4)相比于纯种林，混交林的生物组分更多，食物网更复杂，自我调节能力和抵抗力稳定性更强(3分)21.(1)生物富集(2分)全球(1分)(2)无机盐(2分)(3)生物膜(1分)分解者(1分)(4)蔓田芥(1分)其对镉化物的吸收能力强，且气化温度低（或便于镉化物回收提取）(2分)(5)出生率、死亡率、性别比例(1分》(6)丁→乙→甲→丙(1分)·83·【23·G3DY(新高考)·生物学·参考答案一R一必考一HUN】

©0所名校高考模拟金典卷，生物学（一）(40分钟90分)考生须知：1.本卷侧重：高考评价体系之基础性。.天卷怎么考：⑩洁查基曲实脸知识随3感分行能力随4.6)：③考查社会市任的至素养（题34）。3.本卷典型情境题：题4、31、34。4,本卷测试内容：高考全部范围。密烟果其，所第I卷(选择题共36分)4.一、选择题：本大题包括6小题，每小题6分，共36分。每小题只有一个选项最符合题意。县的学梦至的酒流计，石阳的市水立麻支水司1.新冠病毒是RNA病毒，容易发生突变，已经发现了多种变异毒株，其中包括德尔塔封毒株和奥密克戎毒株。下列说法错误的是A.变异毒株与原毒株的RNA碱基序列不同B变异毒株与原毒株的RNA(元素组成不同DC,变异毒株与原毒株的增殖都离不开活细胞5.池D,变异毒株表面的某些蛋白质会刺微人体产生记忆细胞塘2某大肠杆菌蛋白S在核糖体合成后，冬切工成为具有生物洁性的酶，分泌至细胞外人强白S合成所霜的能数可以行视B蛋白S在内质网和高尔基体同通过赛泡运箱C.蛋白S的加工场所可能是细跑质基质A.流【23新教材老高考·JD·生物学】

C内酮酸旅酶可能是堆持该动物基本生命由所必需的输卵管细胞只有与卵清蛋白.丙解版激漏成相关的基因17.在家鼠中短尾(T)对正常尾)为显性.多刘面尾鼠杂交，后代中短尾鼠身帝风鼠之比均为211，下列说法正确的是BCA.知尾鼠的基因型可能是T五短尾鼠与正常尾鼠杂交后代中尾鼠可能古2一正常尾鼠与正常尼鼠企交后代全为止指尾风口下、：的遗传不遵循分高定律18.人类无爱由一对等位基因A和：控制，在男性中具有个表现为不无发，在女中有四才表现为秃发。现有一对大妇，文大无发而麦下正常，生有个正常女儿一个先发儿子下列说法错误的是A该对夫妇的基因型都是A8B该对夫妇可能会生出秃发的女儿C该对夫妇生的正常女儿的基因型是AD,该对夫妇生的秃发儿子的基因型是a19,大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制，用黄色大鼠与墨色大鼠进行杂交实验.站如图所示。据图判断，下列叙述错误的是日人的；重入两亲本大鼠均为杂合子和所始段落开头日.F:中灰色大鼠均为杂合子son who toveC.下，与黑色亲本杂交，后代有两种表型D.下中的黄色大以与米色大鼠杂交，其后代中中米色大鼠的them toted in 2000概率为1/Ato call裂情边某种昆虫长湖R对我超田为是生，有刚毛为听因均位于有染色体上且独立遗传，双有一月得为的相关错误的是A这2对柏对性状的遗传遵循基因的自由组合定&一聚情况下，对该昆虫进行测交实验，子代表教有种三集地择题：本题共5小题，共55分。大学的细幽b表示图所莲行的生理过程、明解下刻n子yhw=

全国100所名校单元测试示范卷·生物学卷（一）》新教材-R-必修2-0GB全国100所名校单元测试示范卷·生物学卷（一）新教材-R-必修2-0GB解析：本题考查自由组合定律。植株甲(YyR)产生的雌雄配20.香豌豆能利用体内的前体物质经过一系列代谢过程逐步合成子各有4种，若甲自交，受精时，雌雄配子的结合是随机的，配子间蓝色中间产物和紫色素，此过程是由B、b和D、d两对等位基因的结合方式有16种，A项错误；植株甲和植株乙杂交，后代中黄色控制的（如下图所示），且两对基因独立遗传，其中具有紫色素皱粒的比例为(1/2)×(1/4)=1/8，B项错误：植株甲和植株丙杂交，的植株开紫花，只具有蓝色中间产物的植株开蓝花，两者都没后代的基因型为YyXYy-→YY:Yy:yy=1:2:l,RrXRR→Rr:有的开白花。下列叙述错误的是RR=1:1,因此，子代基因型之比为1：1：2：2：1：1，C项正确：基因B基因D题干中明确了“两对基因独立遗传”，植株甲为双杂合子，植株丁为隐B醇D性纯合子，两者杂交符合测交实验，若后代的表型比例为1：1：1：前体物质中间产物紫色索(白色)(蓝色)(紫色)1,则可验证自由组合定律，D项错误。A.只有基因型为BBDD的香豌豆才能开紫花答案：CB.基因型为bbDd的香豌豆植株不能合成中间产物，所以开白花C.基因型为BbDd的香豌豆自花传粉，后代表型比例为9：4：3D.基因型为Bbdd与bbDd的香豌豆杂交，后代表型比例为1:1:2全国100所名校单元测试示范卷·生物学卷（一）》新教材-R-必修2-QGB全国100所名校单元测试示范卷·生物学卷（一）》新教材-R-必修2-QGB19.从性遗传是指由常染色体上基因控制的性状，在表型上受个体解析：本题以流程图为载体，考查自由组合定律。根据题意和图性别影响的现象。某种牛体表上的斑点颜色为从性遗传，各基示可知，两对基因独立遗传，只要基因组成为BD,香豌豆就开紫花，因型与表型的关系如下表所示。在不考虑变异的情况下，下列A项错误；基因型为bbDd的植株缺乏酶B,不能利用前体物质合成相关叙述错误的是中间产物，所以开白花，B项正确；基因型为BbD的香豌豆自花传DDDddd粉，BbDdX BbDd的子代中，BD：(bbD+bbdd):Bdd=9紫：4雌性褐色红色红色白：3蓝，C项正确：基因型为Bbdd与bbDd的香豌豆杂交，后代基雄性褐色褐色红色因型为1BbDd、1Bbdd、1bbDd、1bbdd,表型比例为1：1：2，D项正确。A.斑点颜色的遗传符合基因的分离定律答案：AB.褐色母牛产下的红色小牛必为雌性C.红色公牛的子代中雄性可能为红色或褐色D.若亲本均为红色，则子代雌雄个体全部表现为红色全国100所名校单元测试示范卷·生物学卷（一）新教材R-必修2-QGB全国100所名校单元测试示范卷·生物学卷（一）新教材R-必修2-QGE解析：本题以从性遗传为背景，考查学生分析和提取信息的能第Ⅱ卷（非选择题共60分）力。由题意可知，斑点颜色受一对等位基因控制，在遗传上符合基二、非选择题（本题共4小题，共60分。）因的分离定律，A项正确；褐色母牛的基因型一定为DD,其产下的21.(14分)福禄桐是一种著名的观叶植物，其叶形的心形与扇形是小牛含有基因D且为红色，该小牛一定是基因型为Dd的母牛，B一对相对性状，由基因D/d控制。现用一株心形叶植株和一株项正确；红色公牛(dd)子代的基因型可能是Dd或dd,故子代雄性扇形叶植株作为实验材料，设计如下实验方案（假定后代数量可能为红色(dd)或褐色(Dd),C项正确；若亲本均为红色，则亲本足够多)，以鉴别该心形叶植株的基因型。请回答下列问题：公牛基因型为dd,亲本母牛基因型为Dd或dd,则子代基因型为(1)福禄桐是两性花植物，杂交过程和豌豆的类似，其基本步骤Dd或dd,所以子代雌性全部为红色，但子代中雄性为褐色或红色，为(用文字和箭头形式表示)，D项错误。该实验设计原理遵循基因的定律。答案：D(2)完善下列实验设计：实验一：,由此可判断心形叶植株是纯合子还是杂合子。实验二：让心形叶植株和扇形叶植株杂交。7

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1、2024届全国100所名校单元测试示范卷·物理[24·G3DY·物理-JKB-必考-QG]四试题

1、2024届高三第一轮复周测卷·物理[24·G3ZCJ·物理-

4、2024届全国100所名校单元测试示范卷·化学[24·G3DY(新高考)·化学-R-必考-SD]八试题

2023届11月高三联合测评（福建）化学全卷满分100分，考试时间75分钟。注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答的指定位置。2.回答选择题时，选出每小

5、2024届全国100所名校单元测试示范卷·地理[24·G3DY(新高考)·地理-XJB-必考-GX]四试题

【解题分析】奥兰治河上游地区支流较多，说明降水较多，在 28°S附近应形成热带草原气候，中下游地区支流少，说明降水较 少，应形成热带沙漠气候；地中海气候出现在南北纬30°一40°之间； 28°S附近纬

龙东联盟高二10月联考生物学试卷一、选择题：本题共25小题，1-10小题，每小题1分，11-25小题，每小题2分，共40分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.下列关于人体内环境的叙述，正确的是A.内环境是细胞进行正常代谢的场所B.血红蛋白主要存在于血浆和组织液中C.林巴细胞是内环境的组成成分D.组织液不断生成与回流，并保持动态衡2.正常人体体温的昼夜周期性波动称为体温日节律。有关体温和体温日节律的叙述，错误的是A.正常人体体温通常男性高于女性，成年高于幼儿B.体温日节律是机体内环境稳态的一种表现C.脂肪是很好的绝热体，皮下脂肪层起到保温的作用D.体温日节律有利于机体适应昼夜变化3.将新生小鼠脑神经元置于适宜的溶液中，制成较高细胞密度的细胞悬液，并将其低温保存。一段时间后，与常温保存组相比，溶液中的离子浓度变化是A.K浓度升高B.K浓度降低C.Na浓度不变D.Na浓度升高4.人体刚刚进入较暗的环境时，感觉眼前一片漆黑，但稍候片刻，就可以看到周围的物体。在此时，人体发生的主要调节过程是A.交感神经兴奋，瞳孔放大B.交感神经兴奋，睡孔缩小C.副交感神经兴奋，瞳孔放大D.副交感神经兴奋，瞳孔缩小5.某人腰椎部因受外伤造成右侧下肢运动障碍，但有感觉。该病人受损伤的部位可能是在反射弧的①感受器②传入神经③神经中枢④传出神经⑤效应器A.①②B.(②(4C.34D.④⑤6.组成神经系统的细胞主要包括神经元与神经胶质细胞两大类，下列有关说法正确的是A.神经胶质细胞和神经元都有突起并有轴突、树突之分B.神经胶质细胞对神经元具有支持、营养、保护、修复等功能C.神经元和神经胶质细胞之间可形成多个突触D.神经元和神经胶质细胞都可以产生动作电位7.下列关于感受器的叙述中，错误的是A.感受器由传出神经末梢构成B.对不同感觉信息表现出高度的选择性C.感受器是转换能量形式的结构D.可以和效应器分布在同一组织或器官8.坐骨神经由多种神经纤维组成，不同神经纤维的兴奋性和传导速率均有差异。在单根神经纤维上和坐骨神经上，动作电位幅值（大小变化幅度）会因传导距离的增加而A.减小、减小B.不变、减小C.不变、不变D.减小、不变9.运动时汗腺分泌大量汗液，汗液初始的渗透压与血浆相等，在流经汗腺导管排出体外过程中大部分Na、C1被重吸收，而水很少被吸收。下列叙述正确的是A.出汗可使血浆渗透压降低B.出汗不利于体温维持稳定C.汗腺导管重吸收Na不需消耗能量D.少量尿素可以通过汗液排出体外高二年级生物学科试卷共9页第1页

高三生物自主学效果评估2024.10试卷满分：100分，考试时间：75分钟注意事项：1.作答第I卷前，请考生务必将自己的姓名、考试证号等写在答题卡上并贴上条形码。2.将选择题答案填写在答题卡的指定位置上（使用机读卡的用2B铅笔在机读卡上填涂），非选择题一律在答题卡上作答，在试卷上答题无效。3.考试结束后，请将机读卡和答题卡交监考人员。第I卷（选择题共42分）一、单项选择题：本大题共15小题，每小题2分，共30分。在每题给出的四个选项中，只有一项是最符合题意的。1.研究者发现胰腺癌细胞在葡萄糖不足时，能利用胞内的尿苷磷酸化酶将尿苷分解为尿嘧啶和核糖两部分，尿嘧啶经代谢过程转化为丙酮酸。以下推理不正确的是（）A．尿苷的元素组成是C、H、O、N、PB．尿苷可用于合成尿嘧啶核糖核苷酸C.尿苷可能来自胞内RNA的分解代谢D．尿苷可作为胰腺癌细胞的能源物质2，百日咳是一种由百日咳杆菌感染引起的呼吸道传染病。下列关于百日咳杆菌的叙述，正确的是（）A.通过无丝分裂增殖B.遗传物质彻底水解可产生8种碱基C.可引发机体产生特异性免疫D.通过线粒体进行有氧呼吸3.研究发现，ATP除了是细胞的能量“货币"外还可以传导信号和作为神经递质发挥作用，其转运到细胞外的方式如图所示。下列叙述正确的是（）细胞外A.ATP通过途径①转运到细胞外的过程不需要消耗能量，但要与通道蛋白结合载体通道蛋白B.ATP通过途径②转运到细胞外时会发生载体蛋白构象的改变细胞膜C.若ATP作为神经递质，需要经过途径③，既消耗能量也需要载体D.ATP的能量主要贮存在腺苷和磷酸之间的特殊化学键中4.英国植物学家希尔发现，在离体叶绿体的悬浮液中加入铁盐或其他氧化剂（悬浮液中有HO，没有CO），在光照下可以释放出氧气。离体叶绿体在适当条件下发生水的光解，产生氧气的化学反应称为“希尔反应”。下列说法错误的是（）A.希尔反应不能说明植物光合作用产生的氧气中的氧元素全部来自水B.可用放射性同位素标记法追踪水中氧原子的去路C.希尔反应模拟了叶绿体反应阶段的部分变化D.希尔反应说明水的光解和糖的合成不是同一个化学反应5.糖酵解是葡萄糖分解产生丙酮酸的过程，下列叙述错误的是（）A.降温时，催化糖酵解的酶活性可被抑制B.糖酵解过程分别发生在细胞质基质、线粒体基质C.糖酵解过程产生的NADH可以和氧气反应生成水D.仅依赖糖酵解途径供应能量生成ATP的组织细胞有牛成熟的红细胞等