解析：俄罗斯土地广阔，东部地区资源丰富，但因纬度较高，气 候寒冷，不适合人类居住。 答案：A

2.图中①②③④洋流对地理环境的影响是 A.①洋流使热带荒漠带直逼赤道 B.②洋流使沿岸形成针叶林 C.③洋流形成日本的北海道渔场 D.④洋流使流经的海域增温

2.与27℃及28℃等温线分布特征密切相关的是 A.太阳辐射 B.季风风向 C.冬季洋流 D.纬度

16.读非洲自然带分布图，完成下列问题。(22分) (1)简述非洲自然带的分布特点，说 明其主要体现的地域分异规律。 ----- 23°26' (8分) (2)指出从甲地到丁地所反映的自 0 然带地域分异规律及其形成的 主导因素。(6分) 2326' (3)甲、乙两地纬度相差很大，但属 于同一自然带，分析其原因，并 说明该自然带未横穿非洲大陆的原因。(8分)

8.与图Ⅱ相比，图I A.比例尺较小，表示的范围较大 B.比例尺较大，内容较简略 C.比例尺较大，表示的范围较小 D.比例尺较小，内容较详细

【解题分析】役用主要指水牛用于农业耕作，乳肉指以卖肉为 主，这主要是因为鄱阳湖原周围城市化进程快，人们生活水提 高，对乳畜产品的需求量大。 【答案】A

10.苏木吉林湖的补给水源主要来自 A.邻湖湖水 B.大气降水 C.高山冰雪融水 D.地下水

44.「地理一选修6：环境保护(10分) 为治理水土流失，减少黄河含沙量，长期以来黄河流域实 施人工退耕还林、还草，但可能带来植被退化和水资源失衡等 问题。因此，专家建议未来黄土高原植被恢复不宜继续人工扩 大退耕还林、还草面积，而应以植被自然演替为主。 专家建议未来黄土高原植被恢复应以植被自然演替为主， 试分析其原因。

核桃是世界四大坚果之一，在我国广泛种植，其中新疆和田是 主要产区之一。文玩核桃是对核桃进行特型、特色的选择和加工 后形成的有收藏价值的核桃，明清时期，收藏文玩核桃在达官贵人 中广为流行。北京市谷区是文玩核桃的主产区。据此完 成4~5题。 4.新疆和田核桃出仁率、出油率均高于北京市谷区的主要自然 原因是 A.河流众多，水源更充足 B.纬度低，热量更充足 C.地形坦，土壤更肥沃 D.晴天多，日照时间更长

答案(1)填图如下所示。(3分) 灌渠 林木 离 院落 农田 影响：为林盘内居民提供生产、生活用水；河渠密布，不利于人 口大规模聚居，形成散居的林盘。(3分) (2)靠近成都市区，城镇化使大量林盘转化为建设用地；居民生产、 生活方式变化大，导致人口外迁至城市居住，林盘被废弃，数量减少；新 修住房（楼房）破坏林盘结构，导致传统林盘减少。(3分) (3)发展绿色生态农业、有机循环农业、特色养殖业、花卉种植 业等，建设绿色农业产业园；利用林盘这一特色民居景观和优美环 境，发展乡村旅游产业；结合林盘独特的农耕文化内涵，发展创意 文化产业。(3分)

【解题分析】由材料可知，该地貌为喀斯特地貌，且有桑（树)和 竹（子），竹子为南方物种，南方古代蚕桑业发达，故该地最可能位 于我国南方地区。 【答案】D

淮安市高中校协作体2022~2023学年度第一学期高一年级期中考试化学试卷可能用到的相对原了量：H-1,C-12,0-16,Si-28,Na-23,S-32,C1-35.5,Cu-64一、单项选抒题：共28题，每题3分，共84分。每题只有一个选项符合题意。1牙膏常用碳酸钙(CC03)作摩擦剂。碳酸钙属于()A.氧化物B.酸C.碱D.盐2.实验室制备硅酸的反应为Na2Si03+2HC1一2aC1+HSi03↓，该反应属于()A.化合反应B.分解反应C,置换反应D.复分解反应3.研究化学反应常用180作为示踪原了。该原子的中了数是A.8B.10C.16D 184.下列各组物质按酸、碱、盐顺序排列正确的是(A.醋酸、纯碱、氯化钠B.硝酸、生石灰、硫酸钡C.盐酸、熟石灰、石英D.硫酸、烧碱、碳酸氢钠5.氯元素的原子结构示意图为(8下列说法不正确的是(A.氯原子的核电荷数为17B.氯原子最外层上有7个电子C.氯的相对原子质量为17D.氯元素是典型的非金属元素6.同位素N用于生命科学研究中的生物医药示踪剂。下列关于号N的说法正确的是A.质子数是7B.电子数是15C.中子数是15D.质量数是227.下列有关。C。℃℃的说法正确的是A.三者与C互为同位素B.三者是碳元素的三种不问的核素C.三者巾子数相等D.C和4N的质最数相等，所以是同一种元素8.血液化验单中“褕萄糖”一项的结果为4.94X103mol/L,这里的“4.94×103mo1/九.”表示葡萄糖的A.物质的量B.麻尔质量C.质量分数D.物质的量浓度9.将8g光水疏酸铜配成0.1mo1·L1的水浴液。下列说法正确的是()A.溶于500ml,水巾B.溶于1L水中C.溶解后溶液的总体积为500mLD.浴解后溶液的总体积为1L10.下列说法中，不正确的是A.Si的摩尔质景是28g·mol-1

化学键NHNNH-O键能/(kJ·mol1)390946463(1)NO中氮氧键的键能为(2)升高温度，反应I中NH(g)和NO(g)的有效碰撞几率(填“升高”或“降低”)，原因为(3)已知反应I、Ⅱ、Ⅲ的衡常数的对数1gK与温度的倒数示的变化关系如图所示。→增大1①表示反应Ⅲ的曲线为(填“L”“L2”或“L”),原因为②T1温度下，反应Ⅲ的衡常数K(Ⅲ)三(4)向某恒温恒容密闭容器中充入等物质的量的NH(g)、NO(g)和NO2(g),发生反应I和反应Ⅱ。已知初始容器内压强为3p,kPa,反应达到衡时H2O(g)的分压为p1kPa。则NH(g)的衡转化率为(5)反应Ⅲ分两步进行，其反应过程的能量变化如图所示。体系能量2NO2(g)+N2(g)ANO(g)2N202(g)反应过程1.2NO(g)=N2O2(g)△Hi.2N2 O2 (g)-2NO2 (g)+N2 (g)AHg①决定NO分解反应速率的步骤是(填“1”或“i”)。②某温度下K(1)=2×102L·mol1,已知反应i的正反应速率为5×10-3L·mol-1。min1Xc2(NO),逆反应速率为k逆c(N2O2),k逆三min。(二)选考题：共15分。请考生从两道题中任选一题作答。如果多做，则按所做的第一题计分。18.[化学选修3：物质结构与性质](15分)》硼及其化合物的发现和应用可追溯到古埃及时代。回答下列问题：(1)基态硼原子的价电子排布式为；与硼同周期，且第一电离能小于硼的基态原子为《填元素符号)。(2)B、Al、Ga同主族，三种元素的氯化物的熔点如表所示。氯化物BClaAIClGaCla熔点/℃10719477.9名师卷©化学（三）第7页（共8页）

高三期中参考答案及解析·化学··化学.推知，a为HS,b为S0,c为S0,、d为H,S0,e为体干燥，先用CO2排尽装置内的O2,一段时间后，再参考答案及解析硫酸盐。硫单质在氧气中燃烧只能生成SO,不能直加热铜丝，A项错误；浓硫酸具有吸水性，能够除去接生成SO,A项正确；SO,能使酸性KMnO,溶液褪CO,中的水蒸气，防止其与铜反应干扰实验的验证，色，体现其还原性，B项正确；H,S在强氧化剂作用B项正确；若打开K,关闭K:,玻璃管中的铜丝由红月考卷下，可直接氧化为硫酸，存在a→d的转化关系，C项变黑时，则证明有O,生成。由于NaO,与H,O反一、选择题4.B【解析】Ca(C1O)2溶液中通人过量CO2,反应生正确：A1与冷浓硫酸发生钝化，发生氧化还原反应应也产生了O,,因此不能证明“有水时CO2与1.C【解析】碲是第TA族元素，是主族元素，不属于成次氯酸和碳酸氢根离子，离子方程式为CO十过渡元素，A项错误；石墨烯是碳元素形成的单质，不在铝表面生成致密的氧化膜，阻止内部金属继续反Na,O,反应产生了O,”,C项错误；实验观察到铜丝HO十CO2一HClO+HCO,A项正确；向属于高分子化合物，B项错误；氟利昂会破坏臭氧层，应，可用铝制容器盛装的浓溶液，D项错误。未变化，则可得出结论“干燥的CO2不能与NONaSO3溶液中滴加稀HNO,二者发生氧化还原反利用二氧化碳跨临界制冰技术代替，可减少氟利昂使8,A【解析】根据装置图，充电时，外电路电子流向Zn反应”，在无H,O的情况下，没有生成O,说明干燥应，离子方程式为2NO5+3SO十2Ht—3SO用，有利于保护大气臭氧层，C项正确；氢气燃烧生成电极，即Zn电极反应式为Zn(OH)+2e一Zn+的CO,不能与NaO,反应，D项错误十2NO◆+HO,B项错误；由于I的还原性大于水，无污染，实现了零排放，而焰色反应是物理变化，4OH,c(OH)增大，pH增大，A项正确；根据装置11.C【解析】根据流程图可知溶解过程中Zn和Cu都Fe的还原性，则氯气先与【反应，将I厂氧化完后，没有发生化学变化，D项错误。图可知，放电时，右侧电极反应式为C0,十2e+被溶解，Z可直接被稀硫酸溶解，而Cu不能直接溶再氧化F+,根据得失电子守恒可知，等物质的量的2.C【解析】CH,O2可以改写为C2H(CO2),根据极H,0HCO0+OH,生成1 mol HCO0时，转于稀硫酸，故加入H,O,的作用是氧化Cu而使CuCl刚好氧化等物质的量的Fel中的I厂，Fe2+不被限法结合烃完全燃烧耗氧公式可得0.2 mol CaH,或移电子的物质的量为2mol,B项错误；根据图像可溶解，A项正确：为了保证操作M后铜被完全分离氧化，离子方程式为2I+Cl一12+2C,C项正0.2 mol C2 H.(CO2)完全燃烧消耗O2的物质的量均知，在使用催化剂Sn和s-SnLi生成CO时活化能大，加人过量锌粉，B项正确：操作M为过滤，用到的玻确；向NH,HSO,溶液中滴加少量Ba(OH),溶液，氢为0.6mol,A项正确；因为还原性：I>Fe2+,所以当活化能越大反应速率越慢，且CO能量比HCOOH能璃仪器有烧杯、漏斗和玻璃棒，C项错误：操作M后1 mol Fe被氧化时，根据Fel。的组成可知至少已有氧根离子只与氢离子反应，不与铵根离子反应，离子量高，能量越低，物质越稳定，因此使用催化剂S和的溶液中存在大量的Z,加适量碱生成方程式为Ba++2OH-+2H++SO-BaSO,12mol】被氧化，转移电子的物质的量至少为3mol,sSLi可以减少副产物CO的生成，C项错误：根据ZOH).,经过滤、洗涤、干燥、加热等操作，可得到十2H20,D项正确。第0B项正确；粗铜中还有活泼性比Cu强的Zn、FeNi等图像可知，使用催化剂s-SnLi,中间产物能量高，不稳ZnO,D项正确杂质，在电解时优先于Cu失去电子成为阳离子，电5.B【解析】该反应是气体计量系数减小的反应，故定，D项错误。12.C【解析】CF,与水按照1：2发生反应CF,+路中通过O.5N的电子包含这些杂质失去的电子，△S<0,A项错误；由题给条件可知，该反应△H=反9.C【解析】由图像信息可知，升高温度C0的产率增2HO—3HF+HCO,生成了两种弱酸，A项错阳极粗铜中转化为Cu2+的Cu的质量小于16g,C项应物键能和一产物键能和<0，B项正确；该反应为放大，即副反应正向移动，则△H2>0,CHOH的产率误：CF,中C为+3价，有氧化性，故能与一些金属错误；标准状况下11,2LF含有电子0.5mol×9X热反应，故升温衡逆向移动，衡转化率减小，催化减小，即合成反应逆向移动，则△H<0,A项正确剂只能改变反应速率，不能使衡移动，C项错误；没反应生成氯化物和氟化物，B项错误：三氟化氯与水2=9mol,11.2LCH。含有电子0,5mol×(6X2+增大压强即压缩体积，反应物浓度增大，故有利于加6)=9mol,所以11,2LF和C,H6的混合物中含有有给出三氧化硫的状态，无法计算其物质的量，D项反应生成HF,HF可与硅反应，故可用于清洁化学快合成反应的速率，B项正确：实际生产过程中，往往错误。气相沉积的反应舱附着的半导体物质，C项正确：因电子的数目为9mol,D项正确。保持一定流速通入气体反应物，故在反应未达到衡6,C【解析】由题目信息推知：X为日，Y为O,Q为S,CF,有氧化性，可以使许多材料不接触火源就燃3,B【解析】中子数为20的氯原子的质子数为17、质量数为37，原子符号为部C1,A项错误；水分子的结构M为Na,W为Si,化合物MY为NaeO,由2个钠之前，温度越高反应速率越快，则CHOH的产率越烧，故可以代替HO2充当火箭推进剂中的氧化物大，升高一定温度时，反应达到衡后再升高温度式为H一O一且，分子中含有氢氧极性共价键，B项正离子和1个过氧根离子组成，则阴阳离子的个数比为D项错误。衡逆向移动，则CHOH的产率反而降低，故升高温12,A项错误；WY,为SiO2,常用作光导纤维，Si用度不一定降低CH,OH的产率，C项错误；实际生产13.C【解析】反应速率与其物质的量浓度成正比，I、确：钠离子的核电荷数为11，核外有2个电子层，最于制作计算机芯片，B项错误；化合物NaH中氢元素过程中，可以通过使用合适的催化剂提高CHOH的Ⅱ达到衡状态时逆反应速率相等，说明I、Ⅱ达到外层电子数为8，离子的结构示意图为(28C项为一1价，具有很强的还原性，可与水反应生成选择性，减少副反应的发生从而提高原料的利用率和衡状态时各物质的物质的量浓度相等、则A的体NaOH与氢气，C项正确，W为S、Q为S,非金属性，错误，氯化氢是共价化合物，电子式为H:,D项CHOH的产率，D项正确积分数：I一重，A项正确：向密闭容器中加入物质S>Si,简单氢化物的稳定性：S>Si,D项错误。错误?,D【解析】根据硫及其化合物的“价一类”二维图可10,B【解析】装入药品后，滴加稀硫酸，疏酸与碳酸钠C,逆反应速率瞬间增大，再次建立的衡与原衡反应产生CO,打开K,关闭K,浓硫酸将CO气等效，符合图像，B项正确：由题中图示可知，一1··2时，逆反应速率增大，说明衡正向移动，衡正向

100所名校高考模拟金典卷化学（七）100所名校高考模拟金典卷·化学（七23JD化学-Y100所名校高考模拟金典卷·化学（七）23JD化学-Y8.【典型情境题】服装的甲醛污染已是很敏感的问题，柠檬酸（结构如图所示)可制成一种无甲醛防皱整理剂，用于纯棉织物的防皱整理，不仅防皱效果好，而且成本低。合成柠檬酸的其中一步过程如下，下列说法正确的是OHHo©o所名校高考模拟金典卷CH,OOCCH,-CCH,COOC,H,稀疏酸CNOHOHM柠檬酸A.柠檬酸与乙二酸互为同系物化学（七）B.一定条件下M,可发生消去反应C.1mol柠檬酸最多能与3 mol Na发生反应D.柠檬酸分子中含有三种官能团100所名校高考模拟金典卷·化学（七）23JD化学-Y100所名校高考模拟金典卷·化学（七）》23JD化学-Y答案B第I卷（选择题共42分)解题分析本题考查有机物的结构与性质。柠檬酸分子中有3个羧基和1个羟基，与乙二酸不互为同系物，A、D两项均错误；M一、选择题（本题包括7小题，每小题6分，共42分。每小题只有一中含有羟基，可发生消去反应，B项正确；柠檬酸分子中含有3个羧个选项符合题意)基和1个羟基，因此1mol柠檬酸最多能与4 mol Na发生反应，C7.【典型情境题】下列变化与氧化还原反应无关的是项错误。A.油酸甘油酯通过氢化反应变为硬脂酸甘油酯B.饱和(NH4)2SO4溶液中加入少量鸡蛋清变浑浊C.切开的土豆、苹果，在空气中放置一段时间后会变色D.食用补铁剂（含琥珀酸亚铁）时常与维生素C同服100所名校高考模拟金典卷·化学（七）23JD化学-Y100所名校高考模拟金典卷·化学（七23JD化学-Y9.下列离子方程式错误的是答案BA.检验亚铁离子：3Fe2++2[Fe(CN)6]3--Fe3[Fe(CN)s]2￥解题分析本题考查氧化还原反应的判断。油酸甘油酯通过B.泡沫灭火器的反应原理：2A13++3CO+3H2O—2A1氢化反应，加氢还原，变为硬脂酸甘油酯，A项不符合题意；饱和(OH)3￥+3CO2(NH)2SO4溶液中加入少量鸡蛋清，发生盐析变浑浊，与氧化还原C.漂白液中通入足量CO2可以提高漂白效率：C1O+H,O十反应无关，B项符合题意；切开土豆、苹果，在空气中放置一段时间CO2-HCO3+HC1O后会被氧气氧化而变色，C项不符合题意；食用补铁剂时常利用维D.硫化氢气体使酸性高锰酸钾溶液褪色：2MnO,十5HzS十6H生素C的还原性防止亚铁被氧化，D项不符合题意。-2Mn2++5S￥+8H2O23·JD·化学-Y

10.下列由实验现象所得结论错误的是()A.向NaHSO3溶液中滴加氢硫酸，产生淡黄色沉淀，证明HSO,具有氧化性B.向酸性KMnO4溶液中加入Fe3O4粉末，紫色褪去，证明Fe3O4中含Fe(II)C.向NaCIo溶液中滴加酚酞试剂，先变红后褪色，证明NaCIO在溶液中发生了水解反心D.向浓HNO3中插入红热的炭，产生红棕色气体，证明炭可与浓HNO3反应生成NO11,喷泉实验装置如图所示。应用下列各组气体一溶液，能出现喷泉现象的是(选项气体溶液气体H2S稀盐酸BHCI稀氨水溶液NO稀H2SO4DC02饱和NaHCO3溶液12.实验室中利用洁净的铜片和浓硫酸进行如图实验，经检测，所得固体中含有Cu2$和白色质X,下列说法错误的是()19.2gCu稀硝酸、稀硫酸足量浓硫酸微热5min少固体一溶解→NO→固体单质Z(反应中无气体产生)Y溶液A.白色物质X为CuSO4B.微热5min待Cu反应结束后，转移电子的物质的量为0.48molC.放出的NO在标准状况下的体积为0.896LD.向Y溶液中逐滴加入过量的氨水，先产生蓝色沉淀，后沉淀溶解13.下列各组离子，可能在指定溶液中共存的是()①无色溶液中：K+、CI、Na*、HCO、O②使试纸变深蓝色的溶液中：K+、CO子、Na*、AIO,③水电离的cH)=1012molI-的溶液中：ClO、HC0,、NO3、NH、S0④加入Mg能放出H2的溶液中：Mg2+、NH、C、Na、SO⑤使甲基橙变红的溶液中：MnO4、NO;、SO、Na+、Fe+高三化学

答案(1)5Ni+12H++2NO3—5Ni2++N2个+6H2O分解)(2分)①产品中N2O4与KMnO4发生反应的离子方程式为(2)将未反应的Fe2+氧化为Fe3+(2分)；铁氰化钾(1分)；6(2分)②判断滴定终点的方法是(3)H2S+Cu2+CuS￥+2H+;不会挥发污染性气体H2S,同时也能减少沉镍过程中消耗的NaOH用量（各2分）(4)过量的F一生成氢氟酸会腐蚀陶瓷容器(2分)③产品中N2O4的质量分数为(5)NiOOH+H2O+e-Ni(OH)2+OH(2)解题分析(2)H2O2可将未反应的Fe2+氧化为Fe3+,以便生成黄钠铁矾沉淀。若添加的H2O2已足量，则溶液中不存在Fe2+,可以用铁氰化钾溶液检验F+。根据化合物中各元素化合价代数和为0，可知1+3×3=2×2+n,解得n=6。28.【典型情境题】(14分)五氧化二氮(N2O5)是有机合成中常用的答案(1)三颈烧瓶(1分)；防止空气中的水蒸气进入C中绿色硝化剂。N2O5常温下为白色固体，可溶于氯代烃，微溶于(2分)水且与水反应生成强酸，高于室温时不稳定。(2)Cu+4HNO,(浓)Cu(NO3)2+2NO2↑+2H,O(2分)I.N2O5的制备(3)冰水(1分)；可以通过观察二氯甲烷中臭氧的鼓泡速率观某化学兴趣小组设计臭氧(O3)氧化法制备N2O,反应原理为察其流速进而调节K控制O,的通入速率（或其他合理答案）N2O,+O3—N2O5十O2。实验装置如图：(2分)接臭氧发生器(4)①5N2O4+2MnO+2H20—2Mn2++10NO3+4H+器接尾气+K处理装置②溶液的紫红色恰好褪去，且半分钟内不恢复原色铜片无水氯化钙③20.7%（各2分）甲烷浓硫酸解题分析(4)③KMnO4的总物质的量为n=cV=ADE0.1250mol·L-1×20.0×10-3L=2.5×10-3mol,H202与(1)仪器a的名称是,装置E的作用是KMnO4反应的比例关系为5H2O2~2KMnO4,则剩余的KMnO,物质的量为n(KMn0,)-号n(H.0,)=号×0.10m0l·L1×(2)写出装置A中发生反应的化学方程式：17.50×10-3L=0.7×10-3mol,所以与N2O4反应的KMnO4物质的量为2.5×10-3mol-0.7×10-3mol=1.8×10-3mol,由关系(3)实验时，将装置C浸入（填“热水”或“冰水”）中，打开装置A中分液漏斗的活塞，一段时间后C中液体变为红式：5N,0,~2KMn0,n(N0,)=号×1.8X103m0l=4.5×棕色。打开活塞K,通过臭氧发生器向装置C中通入含有10-3mol,N2O,的质量m=nM=4.5×10-3mol×92g·mol-1=臭氧的氧气。C中二氯甲烷(CHC2)的作用除了溶解生成0.414g,产品中八，0，的质量分数为0,414gX100%=20.7%。2.0g物N2O外，还包括Ⅱ.含量的测定(4)该兴趣小组用滴定法测定N2O5粗产品中N2O4的含量。取2.0g粗产品，加入20.00mL0.1250mol·L-1酸性高锰酸钾溶液。充分反应后，用0.1000mol·L1的H2O2溶液滴定剩余的高锰酸钾，达到滴定终点时，消耗H2O2溶液17.50mL。(已知：HO2与HNO3不反应且不考虑其23新教材老高考·D·理科综合（化学部分）】

15.某密闭容器中充入等物质的量的A和B,一定温度下发生反应：A(g)+XB(g)=2C(g),达到衡后，在不同的时间段，分别改变影响反应的一个条件，测得容器中各物质的物质的量浓度、反应速率随时间的变化如图所示。下列说法中正确的是c/mol·L-1)2.00'逆U正A B/正V逆0820304054t/min304054t/minA.反应方程式中的X=1,正反应为吸热反应B.30min时降低温度，40min时升高温度C.30~40mm之间该反应速率减小一定是使用了催化剂D.前8minA的均反应速率为0.08mol.L1.min1二、填空题。共四题，共55分。16.(14分)金、银是生活中常见的贵重金属，工业上常利用氰化法从含金矿石（成分为Au、Ag、Fe、O和其它不溶性杂质)中提取金。工艺流程如下：KCN、KOH锌滤液1混合液和0，滤渣→洗汤→洗涤液金置换一赞瓷+金矿石→磨矿一酸浸过滤→浸出→过池→滤液2脱金贫液己知：I.氢氰酸(HCN)易挥发、有剧毒，Ka(HCN=5×1010;Ⅱ.Cu+在碱性条件下易生成Cu(OHm)2沉淀I.Au++2CN-=[Au(CN)2,衡常数K=1×1038。回答下列问题：(1)磨矿的日的是“酸浸”步骤中所用的酸是稀硝酸，杂质铁被稀硝酸溶解的离子方程式为(2)“浸出”步骤的日的是在碱性条件下KCN、O,将单质Au转化为KAu(CN)2。①其化学方程式为②已知2H++Au(CN)2=Au++2HCN,该反应的衡常数K=(3)“滤渣”的主要成分是(4)“置换”步骤中，消耗的锌与生成的金的物质的量之比为(5)“脱金贫液”（含CN-)直接排放会污染环境。现以Cu2+为催化剂，用H202氧化废水中的CN,CN-的去除率随溶液初始H变化如下图所示。化学试卷第5页共8页

深二、选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题给出的四个选项中，只有一项或两项是符合题目要求的。若正确答案只包括一个选项，多选时，该小题得0分；若正确答案包括两个选项，只选一个且正确的得2分，选两个且都正确的得4分，但只要选错一个，该小题得0分。10.从海水中提取金属镁的一种工艺流程如下，下列有关说法正确的是A.工业上，可向沉淀池中加入氢氧化钠贝完骏烧ca0水石灰乳溶液代替石灰乳，经济效益会更高海水引人，沉淀泡过滤Mg(OH)B.操作X为蒸发结晶盐酸操作XC.脱水时，HC1的作用是防止M+C电解Mg水MeC:6HOMgCl2·6H2O水解HCID.电解氯化镁溶液，镁在阴极产生11.氮化镁是一种合成其它氮化物的催化剂。某小组欲在实验室用下图所示的装置（夹持装置已略去)制备氮化镁，下列说法正确的是空气镁粉碱石灰NaOH溶液NaSO:溶液HSO,(浓)D(足量)（足量AB已知：氮化镁为黄绿色粉末，极易潮解，遇水后会发热并产生有刺激性气味的气体。A.氮化镁属于离子化合物，只含有离子键，不含共价键B.若装置A省略掉，装置B也能达到一样的实验效果C.装置C的作用干燥，除水D.装置E中的碱石灰可用氯化钙固体代替12.某溶液中可能含有Na+、Fe2+、Fe3+、A13+、CO、SO、AlO2、C、NO3中的几种，且各离子的物质的量浓度相等。现取100L该溶液滴加足量盐酸有气体生成，向所得溶液中滴加过量的氢氧化钠溶液有沉淀生成，过滤，向滤液中通过量的二氧化碳无沉淀生成，滴加氯化钡溶液也无沉淀生成，下列说法正确的是A,Fe2+和Fe3+最少有一种B.Na+必须通过焰色反应才能确定是否存在C.一定不存在A13+、AlO2、SO-、CO号D.一定存在CI、NO313.水体中存在的NO?、NO2等致癌阴离子对人体健康造成严重威胁，一种在催化剂作用下还原去除水体中NO、NO2的反应机理如图所示，下列说法错误的是高三化学第3页共6页

C2H5H5C2—N-C2H5ONH2HN--CH2ClH3CCH+8K2C03CH3HCINH2HNH3CeCH3H3CCH3CH2Cl +K2CO3+KCI KHCO

混合气体均摩尔质量(g/mol)!0310t/min(④)甲醇(CH0m是优质的清洁燃料，可制作碱性甲醇燃料电池，工作原理如图所示。电极A的反应式为负载电CH3OH电3-02极ABNaOH溶液第30题I(4)图II.(1)已知完全断裂物质的量均为1mo1的H2(g)、Br2(g)、Br(g)中的化学键时吸收能量分别为436kJ,193kJ,366kJ。则在该条件下，1molH2(g)与1 molBr2(g)完全反应会(填“吸收”或“放出”)kJ能量。(2)将3.0gFe和Fe203的混合粉末完全溶于200mL0.80mol·L-1盐酸中，生成标准状况下336mLH2(假设气体被完全收集)；反应后的溶液中滴入2滴KSCN溶液后不显血红色。请通过分析计算回答：

2023届河北省高三年级开学考试六，四是金碎斑数增士.+生物试题响应，园(考试时长：75分钟总分：100分)滑者器合此过关不世阳下注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。第I卷（选择题共41分）一、选择题，本题共13小题，每题2分，共26分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。游！，，（积常含1,“水华”是由多个蓝细菌通过胞外多糖紧密相连在一起形成的多细胞群体，常在夏季水面覆盖形成“水华”。多细胞生物是指由多个分化的细胞组成的生物体，其分化的细胞各自有不同的专门的功能。下列相关叙述错误的是甲A.“蓝细菌群体”不是多细胞生物，因为其内部没有细胞的分化，各细胞也不具有专门的功能B.蓝细菌没有核膜包被的细胞核和叶绿体，但是能进行光合作用，属于自养生物面四C.对多种多细胞生物进行观察后，获得“多细胞生物都是真核生物”的结论是不可信的D.多细胞生物体内每个细胞都相对独立地生活，但又密切合作使生物体完成各项生命活动2.锌调节GTP酶金属蛋白激活剂1(ZNG1)是第一个被发现的锌金属伴侣蛋白，可将锌输送到特定的蛋白质中，否则该特定蛋白就无法发挥作用。下列叙述错误的是以即口A.锌是组成细胞的微量元素，是构成ZNG1和血红蛋白的重要元素普，中送：B.ZNG1和需要锌的蛋白质的功能均与其肽链的盘曲、折叠方式有关公小C.该实例说明细胞中的无机盐和有机物需要相互配合才能保证生命活动的正常进行舞首D.若ZNG1不能发挥作用，即使细胞中锌含量正常生物体也可能表现出缺锌的症状3.“单亲二体性”(UPD)是指受精卵的23对染色体中某心对的两条染色体都来自父亲或母亲。图1为某种PD的形成卵子过程示意图。下列相关叙述错误的是A.初级卵母细胞在减数第一次分裂发生异常，可能形成武二体卵子，10…02011三体胚胎B.“三体胚胎”属于染色体数目变异，可能造成流产或胎丢失一条染色体儿发育异常C.若“二体精子”与“单体卵子”结合，丢失一条染色OR体后也可能形成UPDD.若某女性“单亲二体性”个体患有红绿色育，则其父双亲双亲UPD亲也一定患红绿色盲整倍体整倍体调1·2023届河北省高三年级开学考试生物试题第1页（共8页1/8

或和分泌的促甲状腺激素释放激素从而减少产热。(3)据题图分析可的分泌。

定CO2的酶对CO2有更高的亲和力，能够在更低的CO2浓度条件下利用CO2(4)在热带地区，由于光照较强，温度较高，植物为了防止水分过多蒸发，常常会关闭叶片上的气孔，这样就减少了CO2的进入，拥有C4途径的玉米等植物，能利用叶片内细胞间隙中含量很低的C02进行光合作用，而小麦(C3植物)则不能（合理给分）【解析】(1)固定C02的场所是叶绿体的基质，据图1推测C4植物中叶肉细胞的作用可能是固定C02,将C02传递给维管束鞘细胞。(2)图1发生在维管束鞘细胞叶绿体中的过程为暗反应过程，称为卡尔文循环，暗反应发生的能量变化是ATP(和NADPH)中活跃的化学能转变成有机物(CH2O)中稳定的化学能。(3)在密闭容器内，随着装置内小麦和玉米光合作用的进行，装置内C02浓度越来越低，玉米(C4植物)能够固定C02的酶对C02有更高的亲和力，能够在更低的CO2浓度条件下利用C02。(4)在热带地区，由于光照较强，温度较高，植物为了防止水分过多蒸发，常常会关闭叶片上的气孔，这样就城少了CO2的进入，拥有C4途径的玉米等植物，能利用叶片内细胞间隙中含量很低的CO2进行光合作用，而小麦(C3植物)则不能，所以玉米更适合生存在热带地区。18.【答案】（除注明外，每空2分）(1)aabbdd(1分)AABBDD(1分)(2)黄花：红花：紫花=2：1：1(3)61/6(4)A/a、D/d在一对同源染色体上，B/b在另外一对同源染色体上(5)生物性状不都是受一对基因控制，基因与性状不是一一对应的关系；基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状【解析】(1)据图分析可知，该植物的不同花色对应的基因型分别是黄花(aa--_或A-_D_)、红花(A_bbdd)、紫花(ABdd),已知黄花（甲）、黄花（乙）、红花（丙》、紫花（丁）为4个纯合品种，根据实验一的结果可知黄花(甲)的基因型为aabbdd,紫花（丁）的基因型为AABBdd;根据实验二的结果可知黄花（乙）基因型为AABBDD、红花（丙）的基因型为AAbbdd。(2)实验+中的F代紫花植株基因型为AaBbdd,将AaBbdd与aabbdd测交得子代AaBbdd(紫花)、Aabbdd(红花)、aaBbdd(黄花)、aabbdd(黄花)，所以子代表型及比例为黄花：红花：紫花=2：1：1.(3)实验二中的F代黄花植株基因型为AABbDd,F1自交得到的黄花植株基因型有AAB_D_或AAbbD_共6种，其中纯合子AABBDD和AAbbDD占1/6。(4)由实验一和实验二可知，A/a与B/b基因的遗传符合自由组合定律，B与D1d基因的遗传也符合自由组合定律，而实验三利用黄花（甲）aabbdd和黄花（乙）AABBDD杂交得到的F1代和F:代自交得到的F2代都表现为黄花，则可知A/a与D/d基因的遗传不符合自由组合定律，所以A/a、B/b、D/d这三对等位基因在同源染色体上的具体位置关系是A/a、D/d在一对同源染色体上，B/b在另外一对同源染色体上。(5)据图可知，数量上反映了基因与性状的关系是生物性状不都是受一对基因控制，基因与性状不是一一对应的关系，代谢角度反映了基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状。19.【答案】（除注明外，每空2分）(1)增加细胞内葡萄糖转运蛋白的合成和转移至细胞膜上（写出转移即给分）促进细胞内蛋白质、糖原和脂肪的合成，从而使血糖降低（两空顺序可颠倒）(2)促进(1分)痍高血糖素能促进血糖升高，使细胞能利用的血糖增加，细胞需要在胰岛素的促进作用下才能更好的利用血糖，所以胰高血糖素能促进胰岛素的分泌（其他答案合理也给分）(3)①实验思路：将若干璃养瓶均分为两组，编号为甲、乙，向两组瓶中分别加入等量且适量添加高糖的含胰岛素的动物细胞完全培养液和患2型糖尿病小鼠成熟的脂肪细胞悬液；甲组添加适量一定浓度的荔枝核皂苷溶液，乙组添加等量生理盐水，将两组培养瓶置于温度适宜的CO2培养箱中培养；每隔一段时间检测并【高三入学摸底考试·生物学参考答案第3页（共4页）】

【答案】D【解析】根据曲线图分析，M、N两种生物摄取食物的种类有重叠，故存在竞争关系，另外曲线不重叠时，M与N也可能存在竞争，如竞争环境资源等；b越大说明生物摄取的食物种类越多，表明该生物适应环境的能力越强；越小，两条曲线靠得越近，说明M、N两种生物摄取食物的种类重叠得越多，表明M与N的竞争越激烈；当M呈“S”型增长到达K值时，由于二者食物种类不完全相同，M不可能将N从该区域中完全排斥出去。二、非选择题：本题共4小题，共42分。带￥题目为能力提升题，分值不计入总分。25.(6分)绿盲蝽，别名花叶虫、小臭虫，是我国常见的农业害虫。研究表明，在果园套种不同的植物能有效减少绿盲蝽的种群数量。回答下列问题：(1)绿盲蝽种群的特征可分为数量特征和特征，其中最基本的数量特征是(2)果园中绿盲蝽的数量常呈现“S”型增长，主要原因是自然界的总是有限的，当种群密度增大时，种内斗争就会加剧，的数量也会增加，这就会使种群的下降，升高，最终出现“S”型增长。当绿盲蝽种群数量达到K值时，种群的年龄结构往往为型。(3)套种不同植物能减少绿盲蝽数量的原因可能是【答案】(1)空间种群密度(2)空间和资源以该种群为食的动物（绿盲蝽天敌）出生率死亡率稳定(3)与未套种时相比，套种不同植物后，群落的营养结构变得更复杂，自我调节能力更强，抵抗力稳定性更强，可在一定程度上控制绿盲蝽的增殖【解析】()种群特征包括种群的数量特征和空间特征，其中数量特征有种群密度、出生率和死亡率、性别比例和年龄结构，其中种群密度是最基本的数量特征。(2)种群出现“S”型增长的原因是自然界的空间和资源总是有限的，当种群密度增大时，种内斗争就会加剧，且以该种群为食的动物（绿盲蝽天敌）数量增加，这就会使种群的出生率下降，死亡率升高，最终出现“S”型增长。当绿盲蝽种群数量达到K值时，种群数量将停止增长，有时会在K值保持相对稳定，此时种群的年龄结构往往为稳定型。(3)与未套种时相比，套种不同植物后，群落的营养结构变得更复杂，自我调节能力更强，抵抗力稳定性更强，可在一定程度上控制绿盲蝽的增殖，因此套种不同植物能减少绿盲蝽数量。26.(12分)生物入侵是当今世界面临的主要环境问题之一。入侵种一般具有较强的适应能力、繁殖能力和扩散能力，而且常因在入侵地缺乏天敌，而生长迅速，导致本地物种衰退甚至消失。回答下列问题：(1)入侵种爆发时，种群增长曲线往往呈“J”型增长，从环境因素考虑，其原因有(答出2点)。入侵种的爆发通常会使人侵地的物种多样性,群落发生演替。(2)三裂叶豚草是某省危害较大的外来入侵植物之一，某锈菌对三裂叶豚草表现为专一性寄生，可使叶片出现锈斑，对其生长有抑制作用。为了验证该锈菌对三裂叶豚草的专一性寄生，科研人员进行了侵染实验。方法：在三裂叶豚草和多种植物的离体叶片上分别喷洒一定浓度的该锈菌菌液，将叶片静置于适宜条件下，观察和记录发病情况。实验结果：(3)为了有效控制三裂叶豚草，科研人员开展了生物控制实验，样地中三裂叶豚草初始播种量一致，部分实验结果见表。·9

2022一2023学年度高三一轮复周测卷（五）生物·酶和ATP、细胞呼吸(考试时间90分钟，总分90分)一、选择题：本题共24小题，每小题2分，共48分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.已知蛋白激酶与蛋白磷酸酶分别催化相应蛋白质发生磷酸化（活化）和磷酸化的蛋白质发生去磷酸（失活）的过程，两者共同构成了磷酸化和去磷酸化这一重要的蛋白质活性的开关系统，简要过程如图所示。相关叙述错误的是nNTP、蛋白激酶nNDP蛋白质之蛋白质-nPinPi2O蛋白磷酸酶A.图中N不是表示含氮(N)的碱基B.图中两种酶都能降低相应反应所需的活化能C.图示两种酶可视为蛋白质活性的分子开关D.该图表示的生化反应属于可逆反应【答案】D【解析】NTP中，N代表碱基和核糖，其中碱基是A、U、C、G中的任何一种，TP代表三磷酸；酶催化作用的机理是降低反应所需的活化能，所以图中两种酶都能降低相应反应所需的活化能；由题干“蛋白激酶与蛋白磷酸酶分别催化相应蛋白质发生磷酸化（活化）和磷酸化的蛋白质发生去磷酸（失活）的过程，两者共同构成了磷酸化和去磷酸化这一重要的蛋白质活性的开关系统”可知，两种酶可视为蛋白质活性的分子开关；可逆反应指在同一条件下，既能向正反应方向进行，同时又能向逆反应方向进行的反应，图中两个反应条件不同，所以不是可逆反应。2.下面是探究不同温度条件下甲、乙两种淀粉酶的活性的实验，如图是将淀粉溶液与淀粉酶溶液混合摇匀，保温5min后，对各组淀粉剩余量检测的结果。据图分析合理的是A.甲酶的活性大于乙酶室B.乙酶的最适温度在40℃左右口甲酶C.当温度高于40℃时，甲酶的活性会丧失圆乙酶D.将温度从40℃升至50℃，乙酶的活性升高【答案】B20304050温度/℃【解析】酶的活性可通过单位时间内底物的消耗量或产物的生成量来表示，据图可知，在20~50℃范围内，甲酶催化条件下淀粉的剩余量大于乙酶催化条件下的剩余量，因此甲酶的活性小于乙酶的活性；题图纵坐标表示淀粉剩余量，乙酶在40℃下淀粉的剩余量是最少的，说明乙酶在40℃左右时活性最高，即乙酶的最适温度在40℃左右；与40℃相比，50℃时甲酶催化后淀粉剩余量相对值更低，说明甲酶的活性并未丧失；将温度从40℃升至50℃，乙酶催化后淀粉剩余量增加，说明乙酶的活性降低。3.据图判断，有关叙述错误的是丁O丁00丁02酶3丙ATPA.从甲→ATP的过程所需的酶与酶1不同B.乙中不含高能磷酸键，是RNA的基本组成单位之C.丙物质为腺苷，丁可用于某些脂质的合成D.ATP为生命活动提供能量时需要酶1或酶2或酶3的催化·50·

第二十三单元阶段检测（七）《生物技术与工程》第1~4章1.D【解析】本题以苹果酒制作为背景，考查果酒制作的相关内容。苹果酒制作中，酵母菌利用葡萄糖产生酒精的酶都位于细胞质基质，A项错误；苹果酒制作中，酵母菌细胞中的ADP与ATP相互转化，处于动态衡，ADP含量不会降低，B项错误；苹果酒发酵变酸时表面形成的菌膜是醋酸菌繁殖引起的，C项错误；苹果酒发酵后期酵母菌种群密度降低与代谢产物（酒精)的积累有关，D项正确。2.C【解析】本题考查泡菜制作过程的注意事项。用水密封泡菜坛是给泡菜坛内创造无氧环境，A项正确；泡椒发酵初期大肠杆菌、酵母菌的发酵产物有较多的C○2，所以泡菜坛不能装得太满，B项正确；泡椒腌制时间越长，产生的亚硝酸盐越多，C项错误；泡菜坛中加入的食盐过多，会抑制乳酸菌的发酵过程，使乳酸产生减少，D项正确。3.B【解析】本题借助酵母菌的纯培养，考查微生物的接种方法。随着在板上连续划线，菌体数目越来越少，因此，观察酵母菌形态的最佳区域是④，因为该区域可得到单菌落，A项错误；图中四次划线后，都应将接种工具放在酒精灯上灼烧，前三次灼烧的日的是保证菌种来自上次划线的末端，最后一次灼烧的日的是防止菌种污染环境和操作者，B项正确；操作时，若将区域①和区域④的划线相连，就不能得到由单个细菌繁殖而来的菌落，C项错误；使用的培养基需要先调节pH再灭菌，D项错误。4.A【解析】本题考查微生物培养分离及单细胞蛋白应用的相关内容。获得纯净产脂肪酶细菌的关键是防止外来杂菌的入侵，在培养过程中，要严格消毒灭菌，从而获得纯净产脂肪酶细菌，A项正确；题图中A培养基多次振荡培养，可以增加溶解氧的含量，说明产脂肪酶细菌为需氧型生物，B项错误；欲测定产脂肪酶细菌的活菌数，可采用稀释涂布板法或显微镜计数法，C项错误；产脂肪酶细菌制成的单细胞蛋白作为微生物饲料，能使家禽、家畜增重快，D项错误。5.D【解析】本题考查原生质体制备的相关知识。用于制备原生质体的番茄叶片应先进行消毒，而非灭菌，A项错误；酶解一定时间后，细胞失去细胞壁的保护，原生质体极易吸水涨破，所以酶解时间过长会影响原生质体的产量，B项错误；原生质体已经去除了细胞壁，不能发生质壁分离和复原实验，C项错误；番茄原生质体具有再生细胞壁、进行连续分裂及生成完整植株的能力，即有细胞全能性，可与马铃薯细胞进行杂交，D项正确。6.D【解析】本题考查植物细胞工程应用的相关知识。获得马铃薯脱毒苗利用的是植物组织培养技术，其原理是植物细胞具有全能性，A项正确；马铃薯培养过程中通过调节生长素和细胞分裂素的比例可促进植物细胞的脱分化和再分化，B项正确；马铃薯脱毒苗的获得属于快速繁☆·109·【23·G3DY(新高老)·生物学·参考答案一R一必考一HEB】

比，TNF。基因敲除组细胞毒性T细胞减少，记忆细胞增多，说明TNF。基因友达产物本身会促进细胞毒性T细胞形成，抑制记忆细胞的产生，所以TNF。基因表达产物本身会增强初次免疫对抗原的清除，减弱再次免疫，C项正确：麻风分枝杆菌再次人侵时，部分直接刺激记忆细胞，由记忆细胞增殖分化成细胞毒性T细胞后发挥免疫作用，部分直接刺激细胞毒性T细胞发挥免疫作用，D项错误。【解题分析】“母性效应”，即下一代螺壳的表型由上一代母本的基因型决定，而不受本身基因型16.C【命题意图】本题考查孟德尔遗传规律的应用，以考查考生推理能力支配。但“母性效应”在遗传的过程中，成对的基因彼此分离，其遗传方式符合分离定律，A项错误；因为亲本均为纯合子，所以实验中F全部为杂合子，F2的基因型及比例为AA：Aa:aa=1:2:1,所以F中纯合子：杂合子=1：1，B项错误；因为下一代螺壳的表型由上一代母本的基因型决定，所以，自交后代的表型要看F的基因型，F是由F2自交产生的，F,椎实螺群体中的基因型及比例为AA:Aa:aa=3:2:3,且右旋为显性，所以F,自交后代中右旋：左旋=5：3，C项正确：F。椎实螺群体中有关螺壳旋转方向的基因型及比例为AA:Aa:aa=3:2:3,且右旋为显性，所以具有左旋基因a的个体占5/8，D项错误。17.(1)B、D(2分)b(2分)(2)叶绿体、线粒体(2分)大于(1分)光照强度为α时，B整个植株的净光合速率为0，因B植物有些部位细胞不能进行光合作用，故B植物叶肉细胞的真正光合速率大于呼吸速率(2分)(3)A(2分)植物的净光合作用较强，消耗细胞间CO2的速率较快（合理即可，1分）【命题意图】本题以农作物间作为情境，考查光合作用、细胞呼吸的相关知识，要求考生能在分析题干中材料的基础上，结合图形及教材中光合作用、呼吸作用的过程、影响因素的知识解决相关问题，突出基础性、应用性的考查要求。【解题分析】(1)棉花喜阳，大豆喜阴，棉花的光饱和点比大豆的高，所以图1代表大豆的是B曲线。图2实验是处于图1所示某光照强度下测得的，图2中C曲线CO2含量不变，说明该植物真正光合速率=呼吸速率，此时D曲线CO2含量下降，对应的植株真正光合速率大于呼吸速率，据此可推知图2对应的光照强度为图1中的b(A曲线P/R=1,B曲线P/R>1),C曲线对应棉花，D曲线对应大豆。(2)光照强度为a时，B植物真正光合速率等于呼吸速率，B植物叶肉细胞中能产生ATP的细胞器是叶绿体和线粒体，此时B植物叶肉细胞的真正光合速率大于呼吸速率，原因是光照强度为α时，B整个植株的净光合速率为0，因B植物有些部位细胞不能进行光合作用，故B植物叶肉细胞的真正光合速率大于呼吸速率。(3)棉花比大豆的光补偿点高，需要更多的光照，在较长时间连续阴雨的环境中，生长受影响更显著的植物是棉花(A)。光照强度大于d时，两种植物细胞间CO2浓度均远低于空气中CO,浓度，可能是植物的净光合作用较强，消耗细胞间CO2的速率较快所致。18.(1)微量、高效，通过体液运输，作用于靶细胞、靶器官，作为信使传递信息（答对才给分，2分）全国100所名校最新高考冲刺卷·参考答案第5页（共8页）【23·（新高考）高考样卷·生物学（一）·GD0八G】

第十单元生态系统和人与环境学生用入书三、生态农业两大经典实例分析[对点训练]1.桑基鱼塘模式1.加快发展生态农业是建设美丽中国的必然人工建立的高产稳定的农业生态系统。选择。下图是某地建设的生态农业示意图。蚕粪养鱼，鱼粪肥塘，塘泥肥田、肥桑，从而获请思考回答以下问题：得稻、鱼、蚕茧三丰收，如下图所示。外源饲料输出蛋白饲料加工厂蚕茧稻米蝇姐养殖，粪奶牛场粪、食用菌种植秸杆蘑菇、猴头菇)输出桑基稻田种植业L沼液沼渣绍液沼气渣蚕粪塘泥塘泥秸秆输出蛋稻麦蔬菜)废弃物发酵池鱼)输出鱼塘口沼液2.沼气农田立体养殖模式鸡鸭养殖场(草莓、梨粪农作物饲料食品外源饲料输出沼气输出人食品家禽、家畜沼液作树饲(1)生态系统的功能主要是料便沼气池粪便林地(2)上图中，沼渣为食用菌提供了例3一农民利用自己学的生态学知(填“仅物质”“仅能量”或“物质和能量”)。识，在自家庭院里建了一个小型生态农业，年(3)种植业的间作模式和养殖业中的多鱼种创收上万元。下图是该家庭生态工程的模式混合放养模式，主要体现了群落的图，请据图分析回答下列问题。(填“水”或“垂直”)结构在实践鸡、鸭中的应用。有人认为，多鱼种混合放养增加了种间竞争，会影响产量导致效益黄瓜、番茄等蔬菜粪便等废弃物降低，请说出你的看法并说明理由：燃烧沼渣沼气池中发酵(1)从图中可知，人类生活中所需的能源来自太阳能、沼气等。利用这些能源与利用煤(4)从能量流动角度分析，上图中“蝇蛆养炭相比，突出的优点是殖、食用菌种植”等项目设立的意义是(2)该生态农业中的能量能够更多地被人类利用，原因是(5)请根据图示绘制出碳元素流经鸡鸭的过程图：(3)生态农业建设的目的就是遵循自然界的规律，充分发挥资源的生产潜力，防止环境污染，达到经济效益和生态效益的同步发展。与传统农业相比较，生态农业具有的特点。355

B.瘦素的合成与分泌需要消耗能量C.瘦素可与双缩脲试剂发生紫色反应D.瘦素缺乏的大鼠可通过喂食添加了瘦素的饲料进行治疗7.假如将甲乙两个植物细胞分别放入蔗糖溶液和甘油溶液中，两种溶液溶质的浓度均比细胞液溶质的浓度高，在显微镜下连续观察甲乙两细胞的变化是()A.甲乙两细胞发生质壁分离后，不发生质壁分离复原B.甲乙两细胞发生质壁分离，但乙细胞随后又发生质壁分离复原C.甲乙两细胞发生质壁分离，但甲细胞随后又发生质壁分离复原D.甲乙两细胞均发生质壁分离，后又均发生质壁分离复原8.下列动植物细胞内糖类、脂肪的分类与比较，正确的是()麦芽糖)植动物核糖物还细胞葡萄糖脱氧核糖淀粉细原B.糖果糖糖糖原)葡萄糖胞轩维素)蔗糖乳糖脂肪糖类固醇类（性激素D固醇类淀粉纤维素9.下列广告语存在科学性正确的有（)A.服用鱼肝油（富含维生素D)有助于您的宝宝骨骼健康，促进骨骼发育B.来自深海生物的稀有核酸片剂，满足您对特殊核酸的需求C.×八宝粥由桂圆、红豆、糯米等精制而成，不含糖，适合糖尿病病人食用D.x×口服液含有丰富的C、N、P、Zn等微量元素10.多糖、蛋白质和核酸的基本组成单位不同，因此它们彻底水解后的产物也不同。RNA彻底水解后，得到的物质是()A.氨基酸、葡萄糖、含氨碱基B核糖、含氮碱基、磷酸C.氨基酸、核苷酸、葡萄糖D.脱氧核糖、含氮碱基、磷酸11.以下图一、图二分别为高等动、植物细胞亚显微结构图，下列有关叙述不正确的是()试卷第2页，共7项