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2024-2025学年高一上期末考试是香具有超出想象的创意性和直抵人心的感染力，半富的文化遗产资源能够为消费注入头学考生注意语文智意、设计创新，助力消费窝求从物质型句精冲型特变，而数字技术作为维化精，能等将文化元素以多元方式子入消费领城，满足人们新的消费偏好、新的消费场景要求，进一步1.本试卷满分150分，考试时间150分钟。提升消费品质。2.答卷前考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。3.答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动需要注意的是，数宇技术对文化遣产的影响并不完全是正面的、积极的。例如，在大众用橡皮擦干净后再选涂其他答案标号。答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上流行文化的快速选代中，数宇经济的快”与传统文化的“慢”之间形成较大反差，不是所有文无效。化道产都能幸运地搭上数宇技水快车，那些登不上数字技术快车的文化道产耳能会面临更水一、现代文阅读(35分)骏的生存危机。另外，在科技与文化的触合中，文化始终是内核和灵魂，而数字技术只是′（一）现代文阅读I(本题共5小题，19分)工具和我体。可是，不少所谓的文化科技产品，虽然外表绚丽，也运用了不少新技水，但没阅读下面的文字，完成1~5题。有多少文化内容。文化进产成为其引流和营销的宠头。一村料一：(摘编自黄隽《数字技术为文化遗产带来了什么》)数字技术可以使历史文化遗产以全新的方式永久保存，有利于传承民族文化记忆。作为村料二：新时代文化建酸重大茶出性工程，国家文化大数据体系建设已被纳入国家“十四五”规划，中追根溯源，数字技术具有天然的优势，利用技术创新使得古籍的整理出版工作速度大大国化遣产标本库、中华民族文化基因库、中华文化素村库等正在建设中。在这些文化数据库加快。古联公司集合古籍爱好者建设运营古籍整理台，利用人工智能技术开发出古籍文字中，关于文化遗产将按照一定标准结构化存储于服务器中，实现专业资源分类和系统资源整识别、自动标点、紧简转换等技术，不仅能够减轻古籍整理者字字校对的负担，更能古籍合，并可以通过有线电视网络实现与千家万户的连接。届时，无论是单纯地学了解传统文文献的文本内容和图像迅速转换为数字数据，通过新媒体随时随地为读者提供简体古籍文献，化，还是发文创产品，抑或是进行学术研究，都可以通过终端方便地从上述文化数据库中查大大缩短了古籍“重获断生”的整理时间。同时，利用数字技术能节约读者阅读繁体古籍文字阅提取素材。的时间，拉近古籍与读者的距离。在对文化遗产元素的应用上，数字虚拟仿真等技术能够推动文化产业突破各种介质、我更进一步而言，数字技术更断了古籍文献的呈现形式。现今，古籍文本的实物展示和整体及时空界限，实现文化创意跨载体呈现、跨时空交互，从而为文化产业创造出新业态和新理出版日趋活跃，短视频解读古籍日益火热，古籍数字化教材编写逐步开展。古籍爱好者利场景，同时也会拓展传统文化传播的边界和想象力。用数字技术将古籍转化为数字数据，通过短视频、朗读、音乐、书法等多种吸引读者兴趣的目前，已有不少机构借助SG、ARVR、人工智能等技术推出了大量数字文化精品。比形式动态星现，如此一来，读者可以通过多种形式灵活了解古籍的深厚思想内容，推动优秀的典籍蕴含的传统文化创造性转化、创新性发展。如，北京冬奥会开幕式用激光与数字光影机械装置，为观众呈现了非物质文化遗产“二十四节气”，让中国文化的内核得到完美表达。河南卫视的《唐宫夜宴》《端午奇妙游》《中秋奇古籍“活”起来不能止步于此，如何更好利用数字技术让古籍“活”起来传下去呢？正如古妙游》系列节目，以SG+AR”技术将虚拟场景和现实舞台结合，将传统文化与前沿科技创联公司来所要努力的，在现有古籍数字化的基础上，应当加强多民族古籍文献的数据库建新交融，让舞蹈国宝梦幻联动，提升了传统文化的穿透力。还有一机构利用数字技术推出设，更应当开展跨学科人才培养和古籍数字化教材编写等工作，建设起集古籍人才培养、资实景游戏体验：博物馆场景角色扮演等项目，给人们带来别样的文化体验。源整理出版、数字化创新于一体的台，真正做到数字技术“籍合”优秀典籍：此外，还可以将古籍的图文信息通过数字技术制作成文创产品，通过多种样式提供消费者使用。数字技术的加速应用和迭代，深刻地影响着优秀传统文化现代表达方式的创新以及优质文化产品的供给力度，成为激发文化建设活力的关键所在。随着整个国家消费升级步伐的加(摘编自王超《巧用数字技术，让古籍“活”起来传下去》)1.下列对材料相关内容的理解和分析，不正确的一项是3分)快，人们不再执着于单纯的物质消费，而更加看重文化消费和精神体验，更在乎文化消费品A,我国对文化遗产数字化十分重视，将其大数据体系建设纳入国家“十四五”规划，建立种文化数据库。第1页共5页
4一2025学年人教版八年级第17~248分数苦用报MATHEMATICS WEEKLY所以∠EFD=∠ADC11.根据题意，可得CDLDB,AB⊥DB.从而可得16.(1)360°-x-y∠CDP=∠PBA=90°.再利用直角三角形的(2)DE⊥BF两个锐角互余，可得∠PAB=34°.所以∠PAB理由：因为DE分∠ADC,BF分∠CBM,∠CPD=34°.根据“AAS”"证明△BAP≌△DPC所以LCDE=)LADC,LCBF=)∠CBM.从而利用全等三角形的性质，可得AB=PD于与它30-12=18(米)，最后根据楼层数进行计复因为∠CBM=180°-∠ABC=180°-(180°3-∠2.即▣∠ADC)=∠ADC,所以∠CDE=∠CBF12.由高线的定义及对顶角相等可判断①正确：又因为∠DGC=∠BGE青况：长由角分线定义、三角形内角和及高线可类所以∠BEG=∠C=90P.所以DE⊥BF长边为(3)由(1)，得∠CDN+∠CBM=360°-(360°断∠P=∠ABC-∠C,即2错误：时，不x-y)=x+y.由三角形外角的性质可判断③正确：的最长因为BF,DF分别分∠CBM,∠CDN由“AAS”可证△ADE≌△PME.根据全等所以LCDF+∠CBF=)(x+y).角形的判定和性质及DE=ME,可推导④正确所以连接DB,则∠CBD+∠CDB=180°-y三、13.AC⊥BD.理由如下：因为AE⊥BC,DF∥AE,所以DF⊥BCD中的所以FBD+∠FDB=180°-y+2(x+）所以∠BFD=∠CFD=∠AEC=90°.内角等180-y+号x所以∠DFB=180°-（∠FBD所以△AEC,△BFD是直角三角形°，所以选项C∠FDB)=3y-3=20在△ABC和R△BFD中，S,=900所以Rt△AEC≌Rt△BFD(HL).90°+y=120°所以x,y满足2-=20解得x=40所以∠C=∠D.180°-y=80因为∠C+∠CGF=90°，∠AGD=∠CGF,选A所以∠D+∠AGD=90°.所以∠DAG=90“全等三角形”综合测试题所以ACLBD.14.(1)因为在Rt△ABC中B2.D3.C4.C5.C6.D∠C=90°，∠BAC=2∠B所以2∠B+∠B=90°.所以∠B=30°1620°.提示：1.根据能够完全重合的两个图形是全等形判断(2)△ACE≌△ADE(答案不唯一)-2)×2.根据全等三角形的性质，可得∠D=∠A=100因为在Rt△ACE中，∠C=90°，∠AEC=60°边形的再由三角形内角和定理，即可求出∠E的度数所以∠CAE=30°4.全等的直角三角形共有3对，分别为△ADC兰由(1)，可知∠B=30°72°，所△AEB,△BOD≌△COE,△ADO≌△AEO所以∠BAC=2×30°=60,可得5.过点P作PHLAB于点H所以∠DAE=∠CAE=30°因为AP是LCAB的分线，PE⊥OC,因为DE⊥AB,所以∠ADE=∠C=90°ACBI∠CAE=∠DAE所以PE=PH.LACB在△ACE与△ADE中{∠C=∠ADE,因为BP分∠DBA,且PHLAB,PF⊥BDDGFAE=AE所以PF=PH.所以PE=PF.故①正确,因为所以△ACE≌△ADE(AAS)因为PE=PF,且PE⊥OC.PF⊥OD而图中15.(1)过点E作EGLAD于点G,EHBC于点H.所以点P在∠COD的分线上减小，因为EF⊥AB,∠AEF=50故2正确.所以∠FAE=90°-50°=40°因为∠0+∠OEP+∠EPF+∠OFP=360°，且因为∠BAD=100°，∠0EP+∠0FP=90°+90°=180所以∠CAD=180°-100°-40°=40所以LO+∠EPF=180°，即∠O+∠EPA+∠HPA+所以∠FAE=∠CAD=40°∠HPB+∠FPB=180即CA为∠DAF的分线根据“HL”,可证得Rt△PHB≌Rt△PFB因为EF⊥AB,EGLAD,所以EF=EGRL△PEA≌Rt△PHA.所以∠HPB=∠FPB因为BE是∠ABC的分线，∠EPA=∠HPA.所以EF=EH.所以EG=EH所以∠0+2（∠HPA+∠HPB)=180°，所以点E在∠ADC的分线上105°即∠0+2∠APB=180所以DE分∠ADCAMEGF所以∠APB=90°-∠0.故3错误(2)设EG=x5406.共有三种情况：由(1)，得EF=EH=EG=x点Q在BC上，点P在AC上：点P与点Q重合：因为Sam=15,AD=4,CD=8,所以号AD点Q与点A重合.根据全等三角形的性质列方程计算即可EG+CD·EH=15,即2x+4r=15.此时第二、7.答案不唯一，如∠BAD=∠CAE8.70解得x=多所以EF=9.810.90°11.312.①3④提示：所以S=号4B·EF=号x7×3相等，8.根据三角形内角和定理求出∠2，根据全等三角16.(1)DE=BD+CE成立.理由如下：形的性质解答因为∠BDA=∠BAC=a,9.过点D作DF⊥AB,垂足为点F,过点D作DG所以∠ABD+∠BAD=∠BAD+∠CAEAC,垂足为点G.利用角分线的性质，可得所以∠ABD=∠CAE.D:心由三角形的面积公式.可得二∠ABD=∠CAE在△ADB和△CEA中，∠BDA=∠AEC?,即可求出△ABD的面积.最后根据BE是AB=CA,所以△ADB兰△CEA(AAS)△ABD的中线，可得△ABE的面积=)S4m,从所以BD=AE,AD=CE而进行计算即可解答所以DE=AE+AD=BD+CE为101O.如图所示，取点E,连接DE,CE.利用“SAS”(2)因为∠BAD>∠CAE,∠BDA=∠AEC可证明△ABC≌△DEC,根据全等三角形的∠BAC,所以∠ABD=∠CAE性质，得出∠ACB=∠DCE,再根据角的和差求I∠ABD=∠CAEDAC.在△ABD和△CAE中∠BDA=∠AEC,解即可.AB=CA.∠ABC+∠ADC.所以△ABD≌△CAE(AAS).所以Sam=SAcs所以S+Sc=S△cE∠GAD.CEF =SD.设△ABC的底边BC上的高为h,则△ACF的ABC底边CF上的高为h,第10题图所以Sac=2BC·h=12,S=2CF·h
