5.答案：先指出弹幕评论的特点，观众可以在弹幕评论提供的文化 场域中畅所欲言再指出群体存在和共同观看的错觉，能激起观 众的收视欲望，引发情感共鸣；再指出弹幕评论是瞬间灵感的迸 发、当下情感的传达、审美观感的表达；最后提出问题，强调弹幕 评论不能成为口无遮拦的“信口开河”。 解析：本题考查概括分析文章内容的能力。考生要根据文段内 容把握现象、影响与本质的行文脉络。

5.答案：先指出弹幕评论的特点，观众可以在弹幕评论提供的文化 场域中畅所欲言再指出群体存在和共同观看的错觉，能激起观 众的收视欲望，引发情感共鸣；再指出弹幕评论是瞬间灵感的迸 发、当下情感的传达、审美观感的表达；最后提出问题，强调弹幕 评论不能成为口无遮拦的“信口开河”。 解析：本题考查概括分析文章内容的能力。考生要根据文段内 容把握现象、影响与本质的行文脉络。

近年来，党中央、国务院持续加大退税减税降费力度，支持中小微企业发展。如把增值税留抵退税从先进制造业扩大到所有符合条件的小微企业和住宿餐饮亚等行业；减征“六税两费”从增值税小规模纳税人扩展至小型微利企业和个体工商户。这样做的积极意义是①减轻了小微企业成本压力，助力企业转型创新发展②减少政府财政收入，降低政府科学宏观调控的能力③加强对重点领域和薄弱环节的支持，促进经济复苏④通过实施积极的财政政策，降低小微企业经营风险A.①③B.①④C.②③D.☒④小)10.近期，国资委党委召开党委扩大会议和中央企业专题会议，指出对承租的十四五”规划重大工程，加快开工建设，做到能开尽开，尽快形成实物工作量，瞄准建设现代产业体系、打造原创技术策源地和现代产业链链长等，抓紧实施一批具有引领性、战略性、带动性作用的重大项目，切实增强发展潜力动能。以上措施有利于①加快“脱实向虚”，增强社会主义经济发展的韧性和可持续性②建设创新引领、协同发展的产业体系，保障实体经济稳定发展③发挥市场在资源配置中的决定作用，激发实体经济的支柱作用④深化供给侧改革，挖掘实体经济强大的发展潜力和总体竞争力A.①②B.①③C.②④D.③④11.推进多层次、多支柱养老保险体系建设，有利于满足人民群众日益增长的多样化养老保险需要。其中，作为第三支柱的一项重要制度性安排，个人养老金实行政府政策支持、个人自愿参加、市场化运营，与基本养老保险、企业（职业）年金相衔接，实现养老保险补充功能，个人在退休后能够再多一份收入保障。从中可以看出，个人养老金的缴纳①是政府通过再分配的方式，支持和保障个人养老事业发展②通过商业运行的模式，是对现有养老保险体系的有效补充③是自愿参加的，和第一第二支柱构建完善的养老保险体系④是利用个人力量来构建养老体系，取代社会养老保险的位置A.①③B.①④C.②③D.②④☑宁夏回族自治区社会福利院组织开展了“巧手自理快乐自立职业技能康复训练”系列活动，促进精神康复患者实现自我价值、更好地融入社会。此次活动由经验丰富的志愿者及社工康复科工作人员为患者们进行免费的缝纫、染发、编发技能的教学与指导。根据材料体现的信息，社会福利①是保障社会成员生存权利的“最后一道防线”②是最高层次的社会保障，满足生活更高需求③是社会保障体系的核心，保障最低生活水④有利于促进社会成员生活质量不断得到改善和提高A.①②B.①③C.②④D.③④13.近代以来，中华民族内优外患，无数仁人志士探寻救国救民的道路，但是太天国运动、改良主义道路、资产阶级共和国方案都破产失败了。他们失败的原因是①目标不清晰，没有认清革命的目的和对象√②没有广泛地发动人民群众特别是工农群众③没有形成理论，盲目斗争缺乏有效理论指导④缺乏政党的领导，救国力量不够有效强大A.①②B.①③C.②④D.③④14.在《谈治国理政》第四卷中，对始终坚持人民至上的理念进行了系统全面阐述，从“保护人民生命安全和身体健康可以不惜一切代价”的强大决心，到“打江山、守江山，守的是人民的心”的赤子之心，再到“民之所忧，我必念之；民之所盼，我必行之”的念兹在兹…这些理念给党员干部的启示是A要舍弃个人的利益来维护工人阶级和广大人民群众的利益B.应把人民利益放在第一位，保持同人民群众的血肉联系C.执政为民，坚持权为民所用、情为民所系、利为民所谋D.坚持为人民服务的宗旨，坚决维护人民群众的一切权益5.坚持和加强党对政协工作的全面领导。中国共产党的领导是人民政协事业发展进步的根本保证。历史和实践充分证明，党的领导越有力，党的旗帜越鲜明，就越能巩固和壮大爱国统一战线，有效汇聚海内外中华儿女的智慧力量，形成真正的、广泛的、紧密的大团结。对此，下列说法正确的是【高三思想政治第3页（共6页）】

第十单元力学综合1.D【解析】本题考查动量定理的应用。设该区域每立方米空间内的尘埃数为n,则在△时间内有v△S个尘埃数附着于飞船表面，对尘埃由动量定理可得F△t=v△t·mvS,代入数据解得n≈2个，D项正确。2.D【解析】本题考查功能关系。因为原来A处于静止状态，A所受重力与弹簧弹力的合力为零，若对A施加竖直向上的力F=50N,则t=0时刻A的加速度大小为25m/s2,A项错误；t=0时刻，弹簧的弹力不变，B对地面的压力为50N,B项错误；A上升过程合力大小随其位移增大而均匀减小，当合力为零时，弹簧弹力为30N,B对地面的压力恰好为零，A上升的高度h-+"”=0.25m,这一过程对于A,根据动能定理W台=2m042-0,并且合力大小随位移均匀变化，故w=·h,解得vB三2.5m/s,故D项正确；由于A会继续向上运动，故B一定会离开地面，C项错误。3.B【解析】本题考查牛顿运动定律。设木块和木板恰好发生相对滑动时的加速度为α'，对木块有mg=ma,对木块和木板整体有F=(m十M)a',并且有F=2十4t(N),解得t=1s,即t=1s时木板与木块开始发生相对滑动，B项正确、C项错误；t=0时，对木块和木板组成的整体，有下=(m十M0a,解得加速度a,=号m/,A项错误=3s时，设木板的加速度为a,对木板有F-mg=Ma3,并且此时F=14N,解得a3=6m/s2,D项错误。4.A【解析】本题考查曲线运动。依据题图甲可知，在2s时，物体竖直向上做匀加速运动，故物体处于超重状态，A项正确；在0一4s时间内，在水方向上，物体向右做匀减速直线运动，在竖直方向上，物体做初速度为零的匀加速直线运动，物体的初速度方向与合加速度方向不在一条直线上，所以物体做曲线运动，B项错误；同理，4s~8s时间内，物体的初速度方向与加速度方向也不在一条直线上，物体做曲线运动，D项错误；在竖直方向，物体先向上做匀加速运动，后向上做匀减速运动，故第8s末物体上升至最高点，C项错误。5.A【解析】本题考查圆周运动。A在最高点时，有ngcos0+ngsin0=mw2×3d;B在最低点时，有umgeos0-ngsin0=mw2×2d,联立解得=5tan0,w=2gsin0,A项正确、B项错d误；当A运动到最低点时，所需的拉力最大，设拉力的最大值为TA,根据牛顿第二定律有TA十mgcos0-mngsin0=mw2X3d,解得TA=2 ngsin0,C项错误；当B运动到最高点时，设摩擦力为fB,根据牛顿第二定律有fB十ngsin0=mw×2d,解得fB=3 ngsin0,D项错误·51·【23·G3DY(新教材老高考)·物理·参考答案一R一必考一N】

全围®0所名接单元测试示范老教学解析：本题考查整体法、安培定则、安培力。若条形磁铁的上端为N极，由左手定则可知，圆环上各小段所受安札记培力斜向上，可以衡，A项正确；同理，B项错误；以磁铁和圆环整体为研究对象，分析可得磁铁对桌面的压力大于磁铁的重力，故C项错误、D项正确。答案：AD8.一质量为、电荷量为q的微粒以速度v与水方向成0角从O点进入方向如图所示的正交的匀强电场和匀强磁场组成的混合场区。该微粒在电场力、洛伦兹力和重力的共同作用下，恰好沿直线运动到A,重力加速度为g,下列说法正确的是AE·B。人00A.该微粒一定带负电荷B.该微粒从O到A的运动可能是匀变速运动C.该磁场的磁感应强度大小为g~gucos 0D.该电场的电场强度大小为Bucos日解析：本题考查洛伦兹力、力的衡。若微粒带正电荷，它受竖直向下的重力g、水向左的电场力gE和垂直OA斜向右下方的洛伦兹力qB,故微粒不能做直线运动，据此可知微粒应带负电荷，它受竖直向下的重力g、水向右的电场力gE和垂直OA斜向左上方的洛伦兹力qB,又知微粒恰好沿着直线运动到A,故微粒应该做匀速直线9ucos日，电场的电运动，A项正确、B项错误；由衡条件得quBcos日-mg,qoBsin日-gE,得磁场的磁感应强度B=mg场强度大小E=Busin 0,故C项正确、D项错误。答案：AC9.两根行且光滑的半圆形金属导轨，电阻不计，半径均为r,间距为L,导轨最低点在同一水面内，如图所示。一根质量为m、电阻为R、长为L的导体棒ab,位于导轨最上端（与导轨圆心等高)，与导轨接触良好。导轨所在空间有竖直向下的匀强磁场，磁感应强度大小B=3mg。当导IL轨中通以恒定电流I后，释放导体棒，重力加速度为g,则60A.导体棒不可能运动到导轨的最低点B导体棒在导轨最低点的速度大小为号gC导体棒距离最低点的高度为2r时速度达到最大D.导体棒在导轨上运动的最大速度为√2gr解析：本题考查安培力、动能定理。释放导体棒后，由于安培力F-BL=3g,方向水向左，因此，当导体棒b和导轨圆心的连线与水直径成30°时，切向合力为零，速度最大，根据对称性，当导体棒αb和导轨圆心的连线与水直径成60°时，速度为零，显然，A、C项正确，B项错误；根据动能定理可知，D项错误。答案：AC【23新教材.DY.物理-R-选择性必修第二册-HUN】

11.(16分)解：(1)线框在磁场中匀速运动，则F鉴=F(1分)由F安=BIL(1分)1=E(1分)E=BLY（1分)R联立解得y=2m/s根据动能定理有得FD=1(1分)解得D=0.5m(1分)(2)由能量守恒定律可知Q=WF(1分)2=2Fd=2×0.8×0.4J=0.64J或Q=2FL(2+1分)(3)撤去绝缘板后，线框在磁场中水方向所受合力为零，竖直方向只受重力，因此线框在穿过磁场过程中做抛运动；水方向1=24_2x04s=0.4s(1分)竖直方向vy =gt =4m/s(1分)则y=V+y=25m/s(1+1分)撤去绝缘板后，仍然是线框的MN、PQ边切割磁感线产生感应电流，线框产生的热量为Q'=9=0.64J(1+1分)12.(18分)解：(1)由左手定则可知正离子向下偏转，故N板电势高(2分)：两板间电压稳定时有gB=4E(2分)得E=Bd(1分)(2)设管道内海水的电阻为r,组成的闭合回路中电流为1=E(2分)dR+rr=P(1分)ab磁场对管道内海水的作用力大小为F=BId(1分)'d'v得F=_d(1分)由左手定则判定F方向向东(1分)R+Pab(3)闭合回路消耗的电能为W=I(R+)t(2分)克服阻力做功为W,=(2分)x=vt（1分)故消耗的机械能为P=所+币，=B'd2v2tR+pd+2t(1+1分)ab第2页

6.在一斜面顶端，将甲、乙两个小球分别以y和2v的速度沿同一方向水抛出，两球都落在该斜面上。甲球落至斜面时与乙球落至斜面时相比较A.速度方向不同B.下落高度为1：2C.速率之比为1：2D.水距离之比为1：2第6题图7.如图，∠M是锐角三角形PMN最大的内角，一正点电荷固定在P点。下列说法正确的是A.沿MN边，从M点到N点，电场强度逐渐减小B.沿MN边，从M点到N点，电势先减小后增大MC.将负检验电荷从M点移动到N点，电势能先减小后增大第7题图D.将正检验电荷从M点移动到N点，电场力所做的总功为负8,如图所示是卫星绕不同行星在不同轨道上运动的1gT-lgr图像，其中T为卫星的周期，r为卫星的轨道←1gT半径。卫星M绕行星P运动的图线是a,卫星N绕行3星Q运动的图线是b,若卫星绕行星的运动可以看成0罗匀速圆周运动，则A.直线a的斜率与行星P质量有关第8题图B.行星P的质量大于行星Q的质量C.卫星M在1处的向心加速度小于在2处的向心加速度D.卫星M在2处的向心加速度小于卫星N在3处的向心加速度9.如图示，物体A左侧为粗糙的竖直墙面，在竖直轻弹簧作用下，A、B保持静止。若在A的上方施加一竖直向下的作用力F,使A缓慢下移一小段距离在此过程中A.A可能相对B向下滑动B.墙对A的弹力会慢慢变大C.墙壁对A的摩擦力变小D.B对A的作用力不断变大，方向始终为竖直向上第9题图10.海底通信电缆通电后会产生磁场，科学家为了检测某一海域中磁感应强度的大小，利用图中一块长为a、宽为b、厚为c,单位体积内自由电子数为n的金属霍尔元件，放在海底磁场中，当有如图所示的恒定电流I(电流方向和磁场方向垂直)通过元件时，会产生霍尔电势差U,通过元件参数可以求得此时海底的磁感应强度B的大小（地磁场较弱，可以忽略）。下列说法正确的是（提示：电流I与自由电子定向移动速率v之间关系为I=nevbc,上表面其中e为单个电子的电荷量)A.元件上表面的电势高于下表面的电势B.仅增大霍尔元件的宽度b,上、下表面的电势差不变C.仅增大霍尔元件的厚度c,上、下表面的电势差不变下表面D.其他条件一定时，霍尔电压越小，则该处的磁感应强度越大第10题图浙江省Z20联盟2021届高三第三次联考物理试题卷第2页共8页

8.C.设游速为v,水速为v。,OA=OB=l,间短，选项A错误；速度较小和速度较大的小球有可能落在则甲时间t毕=1十1；乙沿OB运圆形轨道的同一高度处，此时下落高度相同，运动时间相同，m葉，得=√.小，选项C正确：由于餐阿执轨道V十v。U一U0选项B错误；落在轨道最低点的小球，下落的高度最大，运②的半长轴大于圆轨道①的半径，根据开普勒第三定律知，动，乙的速度矢量图如图，合速度必须沿动的时间最长，选项C正确；只有抛运动速度的反向延长卫星在轨道②上运行的周期一定大于在轨道①运行的周期，OB方向，则乙时间t乙=X2,联立线过O点时，小球才垂直撞击轨道，但由于抛运动速度的选项D错误.√/o2-8反向延长线过水位移的中点，而O点不可能是水位移的16.AC.双星外力为零，故动量守恒，若两者合动量大小不为解得：t甲>tz,C正确.中点，所以小球不可能垂直撞击轨道，选项D错误.零，则两者合动量在不同时间方向不同，也就是说合动量在9.B.小球靠重力和支持力的合力提供向心力，13.C.对A球进行受力分析由绳的拉力及小球重力的合力充当变化，跟动量守恒矛盾，由此可知双星的合动量·定为零，如图所示：小球做圆周运动的半径为：”=向心力，选项A错误；设连接A球细绳与竖直方向的夹角为即两者的动量大小相等、方向相反，A正确；Rsin0,根据力图可知：tan0=F向，而向心。,M cos=mg,Mg sina-m sine,可解：T-2Vg,(mL(从动量守恒角度分析双星问题，是伯乐马的独创！)mg由于该双星和它们的轨道中心总保持三点共线，所以在相同力：F向=mw2Rsin0;解得：cos0=RO,所以h=R-Rcos0=选项B错误；A球角速度增大稳定后B球仍静止，设此时连时间内转过的角度必相等，即它们做匀速圆周运动的角速度接A球的细绳与竖直方向夹角为B,对A球受力分析可得：必相等，因此周期也必然相同，选项B错误；因为它们所受8的向心力都是由它们之间的万有引力来提供，所以大小必然R-R·RO=R一4xm,故选项B正确。Tcos3=mg,其中：T=Mg,可得a=B细绳与竖直方向夹角不变，故A球的向心力大小不变，向心加速度大小不变，10.A.当发射速度大于第二宇宙速度时，探测器将脱离地球的相等，选项D错误；由F=mw2r可得roc,选项C正确.由mg tana=mwr2,可得角速度增大，轨道半径减小即L减引力在太阳系的范围内运动，火星在太阳系内，所以火星探小B球下降，选项C正确、D错误.17.BC.如图，设某时刻(OA与AB测器的发射速度应大于第二宇宙速度，故A正确；第二宇宙14.CD.卫星绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力，则之间的夹角为0，则vQ=Vp cos0,速度是探测器脱离地球的引力到太阳系中的临界条件，当发GMm mv4π2由于cos0<1,则Q

高三·地理·一对一（十一）·参考答案1.B从图上可以看出，中纬度沿线向大气输送热量的年总值在大洋东岸接近甚至小于50，（这表明大洋东岸海洋几乎没有向大气输送热量，反而接收大气热量多，)根据洋流分布原则可知这里有寒流流经，降温效果明显，水温低，蒸发弱，向大气输送的热量少；而大洋西岸则大于200，这表明大洋西岸向大气输送热量多，根据洋流分布可知该海域有暖流流经，增温效果明显，水温高，蒸发强，因此向大气输送的热量多，故两侧洋流分布不同造成数值差异；大气运动主要表现0

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2024-02-01 16:18:10

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题型1文字史料型选择题贵在熟读年份20232022202120202019全国全国全国河北全国全国全国全国全国全国试卷全国新课河北乙卷甲卷标卷乙卷甲卷卷乙卷甲卷卷I卷Ⅱ卷I卷Ⅱ卷题号333131272442732724、30242628、29>A.主要承担接待往来官吏的职责真题导引B.属于独立的审判组织(2023。全国乙卷。33)1661年，英国民兵法案C.应是县级治安组织的派出机构宣布：民兵、海陆军队以及所有军事要塞和驻地D.成为乡里的下属机构的唯一最高的统辖权、指挥权和部署权，历来属3.《晋书。五行志》记载：“泰始(265一274年)之于国王陛下，这是不容置疑的。议会两院或其中后，中国相尚用胡床、貊槃，及为羌煮、貊炙，贵人任何一院都不能也不应要求这种权力。这说明，富室，必畜其器。吉享嘉会，皆以为先。太康当时英国(280一289年)中，又以毡为絈头及络带袴口。”A.国王处于“统而不治”地位这一现象反映了(B.国王力图巩固统治权力A.内迁民族认同中原地区文化C.强化王权以对抗“无敌舰队”B.人口迁徙利于南方地区开发D.君主立宪政体已经确立C.文化交流推动经济均衡发展2.(2023。全国甲卷。31)1943年，中共中央指出，D.民族交融促进生活方式变化时“提高妇女的政治地位、文化水、改善生活，以4.两税法规定：依照前一年田税收人总额确定后三达到解放的道路，亦须从经济丰裕与经济独立人年田税年征总额，各地“户无主客，以现居为簿沿手”。这一决定的实施人无丁中，以贫富为差”，均摊派、固定不变，即虚A.促进妇女彻底摆脱封建束缚使人口迁徙，北地荒旷和南地多辟也如此。这导剪B.有利于抗日根据地政权巩固致唐中后期C.扩大了陕甘宁边区阶级基础A.新的社会矛盾滋生D.适应党的工作重心转移需要B.政府财政危机解决3.(2022。河北卷·4)南宋临安城水路沿岸建有塌C.民众租税负担减轻房数十所，房屋达数千间。塌房主将其租赁给本D.均田制度趋于稳固地铺户及外来客商存放货物，并向承租者征收保5.《名公书判清明集》是南宋一部诉讼判词和官府护与管理费用。材料表明，南宋时公文的汇编，其中有这样的判词：“法意、人情，实A.经济重心南移完成B.都市商业繁盛同一体。徇人情而违法意，不可也；守法意而拂C商旅安全有所保障D.海外贸易发达人情，亦不可也。权衡于二者之间，使上不违于法意，下不拂于人情，则通行而无弊矣。”由此说题型训练明，南宋时期1.据利簋铭文记载，西周早期一名叫利的官员跟随A.司法断案完全依照名人判词武王参加伐商战争，胜利后得到超乎自己阶级地B.法律深受儒家思想影响位的大量青铜赏赐。利没有把这些昂贵的青铜C.社会主流价值观发生转变材料铸造为铜币，而是铸造为既可供奉祖先、又D.审判程序违背法律精神可体现自身地位的重要礼器一一簋，即利簋。这6.史籍记载，明朝徽州一带有人在论及百姓地位反映了时，提出：“上之由博士弟子取进士业；次之货殖A.周天子地位逐渐衰微四方，辐辏无所不通；其下则耕尽地力之教。”这B.国家压制商品经济的发展反映出C.周初出现私营手工业A.工商皆本思想普及B.农耕经济高度发达D.周人有“礼”的政治理念C.传统观念发生变化D.宗族血缘纽带瓦解2.(易错题)秦墓出土竹简记载，“男子死（尸）所到7.据史料：“曾国藩从郭嵩焘、江忠源议，以东南阻某亭百步，到某里土五（伍）丙田舍二百步”。《汉水，敌得掠民船，瞬息百里，官军无可邀截，军行书》中记述亭建有专门的官舍以及亭设有亭长、反有阻梗…乃驻衡州造船、练水勇，计成师而亭父、求盗等人员，还有大量关于求盗将犯人押后出。下游则金陵为敌都，扬州亦为敌据。”与此往县里的记载。《汉书》记载：“汉家因秦，大率十记载关联的重大历史事件里一亭。亭，留也…盖行旅宿会之所馆也。”由A.导致清政府中央权力的下移此可见，秦汉时期的“亭”B.间接引发了太天国运动人生的价值，并不是用时间，而是用深度去衡量的。历史1

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年日照时数是指太阳直接照射地面时间的一年累计值，以小时为单位。下图示意1962-2012年吉林省年日照时数的空间分布和时间分配，据此完成下面小题。46N28.3%■290026.4%45N280000

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参考答案4.B由几何知识可知，金属环切割磁感线的有效长度为l=:流为顺时针方向，为负值，故C正确，A、B、D错误2Va2-(a-x)2=2√-2+2az,F=Bl=B22u4.B线框刚进人磁场时有效切割长度为L,感应电动势大小R为E。=BL,随着线框的进入感应电动势逐渐减小；当线框4B(一2+2ax),则F-x图线是开口向下的抛物线，故选右移L后，两边有效切割的长度都为L,感应电动势大小为R线框刚进入磁场时的2倍，即E=2Eo=2BL,随后逐渐减项B正确，小；线框刚开始离开磁场的瞬间，感应电动势大小为E。=5.Cbc边的位置坐标x在L~2L过程，线框bc边有效切割长BL,以后有效切割长度逐渐减小，感应电动势逐渐减小，故度为l=x一L,那么产生的感应电动势E=Blw=B(x一L)v感应电流=長-K)"根据楞次定律判断出感应电流A错误：线框刚进入蓝场时感应电流大小为。=收，随着R线框的进入感应电流逐渐减小；当线框进人磁场的长度为L方向沿a→b-c-→d→a,为正值；x在2L~3L过程，根据楞次定律判断出感应电流方向沿a→d→c→b→a,为负值，线框后，1=21，=2L,随后逐渐减小；线框刚开始离开磁场的RQd边有效切割长度为l=x一2L,感应电动势为E=Blv=B(x-2L),感应电流=吕=B(x2L)”,由题图所示图像跽间，感应电流大小为，-是，以后感应包动势逐渐减小，RR感应电流减小，故B正确；电流和有效切割长度均变化，分析可知，只有选项C正确可知安培力大小与x不是线性关系，故C错误；根据衡条随堂演练件可知，外力始终与安培力等大反向，F与x不是线性关系，1.D由题图乙可知，0~t1时间内，线框中电流的大小与方向故D错误.故选B.都不变，易知线框中磁通量的变化率不变，故0~t1时间内磁5.AD对金属杆b施加一个与杆垂直的水方向的恒力F,感应强度与时间的关系图线是一条倾斜的直线，A、B错；又使杆从静止开始运动.由于金属杆切割磁感线产生感应电动由于0~t1时间内电流的方向为正，即沿abeda方向，由楞次势和感应电流，受到随速度增大而增大的安培力作用，所以定律可知，电路中感应电流的磁场方向垂直纸面向里，故0~金属杆做加速度逐渐减小的加速运动，当安培力增大到等于时间内原磁场垂直纸面向里减小或垂直纸面向外增大，C水方向的恒力F时，金属杆做匀速直线运动，故A正确，B错，D对.2.B根据右手定则可知，开始时导线框中的感应电流方向为错误：根据焦耳定律知，E=Q=PR=BR-t,因为速度增逆时针，由题意知为正方向，故选项C、D错误；在正方形导线大，所以E一1图像的切线斜率增大，最终匀速运动时电流不框匀速进入磁场的过程中，切割磁感线的有效长度逐渐增：变，E-t图像斜率达到最大且保持不变，故C错误，D正确.大，所以感应电流也逐渐增大，当导线框的左边过O点后，切6.B0~二时间内，线框在磁场外，无感应电流，Uk=0;二~割磁感线的有效长度（即左边的边长）不变，故感应电流不变；当导线框的右边到达O点时，左边正好到达O点，之后2二时间内，由右手定则可得出感应电流沿逆时针方向，由一段时间导线框切割磁感线的有效长度（即右边的边长）也不变，故感应电流不变，方向与刚进人磁场时相反，故选项A于维持线框以恒定速度)沿x轴运动，所以感应电动势和感错误，B正确应电流不变，根据法拉第电磁感应定律，有Uk=子BL:3.D设题图乙中的B一t图像斜率大小为，=8，则线框的△t悠应电动势E=S会铝-S,感应电流1一景-爱d边受到2~4号时间内，线框全部在磁场内，感应电流为0，但c△tSk边切割磁感线产生的感应电动势为Uk=BL,4÷~5÷时的安培力F=BIL=B及Ld,0~1s内，随着磁感应强度逐间内，线框的ad边切割磁感线，由右手定则可得出感应电流渐减小，安培力逐渐减小，A、B错；0~1s内，线框磁通量减沿顺时针方向，由于维持线框以恒定速度ⅴ沿x轴运动，所小，根据楞次定律“增缩诚扩”，线框有扩张趋势，即ad边受以感应电动势和感应电流不变，根据法拉第电磁感应定律，到的安培力水向左，为正方向，大小逐渐减小，1~2$内，有U=BL,选项B正确，A,C,D错误，线框磁通量增大，线框有缩小趋势，即αd边受到的安培力水向右，为负方向，大小逐渐增大，同理可分析2~4s内ad7.BC线框做匀加速直线运动，其速度=at,感应电动势E=边所受安培力的大小及方向，C错，D对.,感应电流三￡=B,与1成正比，选项A错误：R课后巩固提升练（九）1.B由感应电动势E=BLo,电流1=是，得安培力F发=BL框进人磁场过程中受到的安培力F安=BL=B2L2at,由牛R=B2,由题图可知F安ct,则oc,说明金属杆ab做匀加颜第二定律得F-F安=ma,得F=ma+B,可知F-iRR图像是不过原点的倾斜直线，选项B正确；线框的电功率P速运动，那么v=a1t,根据牛顿第二定律，得F一F安=ma1,=2R=（BLau)2则F=F安十ma1B2Lat十ma1,选项B正确.R∝t,选项C正确；线框通过的位移x=Ra2,通过线板横候面的电待量9=1△：=景△：=会0-B01E2.B梯形线圈abcd进人磁场切割磁感线的过程，有效切割长度越来越长，根据E=BL可得，感应电动势越来越大，故感应电流越来越大，且根据右手定则可知电流方向为负方向；BL·aoct,q一t图像应是抛物线，选项D错误.故当梯形线圈abcd离开磁场的过程，有效切割长度越来越长R感应电动势越来越大，故感应电流越来越大，且电流方向为选BC.正方向，故B正确，A、C、D错误.8.B线框ABCD在匀速进人匀强磁场的过程中，穿过线框3C0一18肉，感应电动势E=S会是-号×是V=4:V面的磁通量一直在增大，根据愣次定律，线框中感应电流始1终沿逆时针方向，在线框进人磁场的过程中，有效切割长度感应电流大个一是一号A=7A,出粉次定件知，悠应电先变短再变长，然后又变短，新以线框中的电流先诚小再增大，然后又减小，故B正确，A、C、D错误.故选B147

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2024-11-06 05:59:03

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4.如图所示，电荷量为3.2×10-19C的氦原子核以水向右、大小为3×10m/s的速度射人垂直于纸面向里的匀强磁场中，磁场的磁感应强度大小为0.1T，则氢原子核射人磁场时受到的洛伦兹力大小、方向分别为A.9.6×10-15N、竖直向上B.9.6X10-16N、竖直向上C.9. 6X10-16 N、竖直向下D. 9.6X10-15 N、竖直向下5.如图所示的电路中，三个定值电阻的阻值均相同，电压表为理想电压表，且电压表的示数为8.0 V，则A、B之间的电压为A. 9 VB. 10 VOBC. 12 VD. 18 V6.自行车速度计可以利用霍尔效应传感器获知自行车的运动速率，自行车前轮上安装有磁铁，前轮每转一圈，磁铁就靠近传感器一次，传感器就会输出一个脉冲电压。传感器对应原理的简化图如图所示，在宽为a、长为c、高为h的霍尔元件中，形成电流的导电粒子是自由电子。元件处在垂直于其上下表面且方向向下、磁感应强度大小为B的匀强磁场中，当通人方向向右的恒定电流且达到稳定时，电子定向移动的速率为。下列说法正确的是A.霍尔元件后表面的电势比前表面的电势高后表面BB.霍尔元件前、后表面形成稳定的电压为Bav电流C.霍尔元件前、后表面形成稳定的电压为Bcv上表面前表面D.霍尔元件前、后表面形成稳定的电压为Bhoh7.2025年11月14日，我国076两栖攻击舰首舰四川舰从上海沪东中华造船厂码头解缆启航，赴相关海域开展首次航行试验任务。四川舰上创新应用了电磁弹射和阻拦技术，可搭载固定翼飞机、直升机和大型无人机。电磁阻拦的工作原理简化图如图所示。相距为d的两行金属导轨MN、PQ固定在水地面上，位于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度大小为B，M、P间接有阻值为R的定值电阻。阻值也为R的导体棒ab垂直放置在两导轨之间，与导轨接触良好。某次测试中，质量为m的飞机着陆后，迅速钩住导体棒ab上的绝缘绳（不可伸长），并与导体棒ab获得共同速度u。，同时关闭动力系统，飞机滑行距离x后停下。两者一起运动时，除受安培力外，还受大小恒为f的阻力，导体棒ab始终与导轨垂直，不计导体棒ab和绝缘绳的质量，不计导轨电阻。从飞机开始减速到速度恰好为0的过程中，下列说法正确的是A.飞机运动的时间为00BdxB.通过定值电阻的电荷量为2RmUoC.定值电阻上产生的焦耳热为B²d²UoUD.飞机的速度大小为时，飞机的加速度大小为22mRm【高二物理第2页（共6页）】