16.【答案】B且二甲骏在水中电离与氯相触,盐酿滴定恰好中和【命题立意】考查学生运用水解短识解释生活中相关时,所得溶接是强酿弱就盐,溶液是酸性,应该选泽问题的物力甲基橙作为指示剂,故B正确:【详解】ANH,C与ZCl溶液水解生成氢离子,因C,B点溶液中的溶质为HC和(CH,),NH,C,且物此可作绿接金属时的除锡剂,A正确:质的量之比为1·1,溶液星酸性,根据电荷守個可得B.要豫去FcC溶液中旗有的F,通入氧化别(H)+c[(CH,NH]=c(OH)+c(C),根据C,将亚铁离子氧化为铁离子,发生氧化还原反应,物料守恒可得c(C)=2c[(CH,),NH门+与水解无关,B佛误:2c[(CH):NH],两式联合可得c(H)=c(OH)十C草木积与按态氯肥不能混合施用,两者发生双水c[(CH):NH]+2e[(CH,,NH],故C罐误:解生成氨气和二氧化碳,即效就弱,C与水解有关:D.酸成碱抑制水电南,含有弱离子的盐促进水电离,D宾验室中盛放N:CO,溶液的试剂脂不能用磨口C点溶质为N:Cl对水的电离无影响:A点溶质为玻璃塞,主装是碳酸的水解生成氢氧化钠,氢氧化纳(CH,):NH:C,强酸弱碱盐,促进水电离,B点为等与二氧化陆反应生成具有酷性的硅酸钠,D与水解物质的整浓度的(CH,):NH,CI和HCl,HC是强酸有美,物制水的电离程度大于(CH,):NH,C促进水的电17.【答案】B离的程度,D点为N:C和HCl,HC会抑制水的电【命题立意】结合图象考查破碱蘭定曲线知识的迁移离,所以在相同湿度下,水的电南程度最大的点为A及沉淀溶解衡及K,概念的运用点,放D正确【详解】A.10mL0.1ol·L-NaC溶液和10nL19.【答案1D0.1mol·L1K,Cr0,溶液中分别滴加0.1mol·【命恩立意】结合双对数坐标图,考查K,的计算与LAgNO,溶液,恰好反应,KCO,溶液清耗应用AgNO,溶液的体积为NC溶液消耗AgNO,溶液【样解】A.根据图示,pH一定时,c(Mg*)>c(C*),体积的2倍,所以所在自线是NC的滴定自战。所以K[Mg(OHD,]>K[Cu(OH):],A项错误:b所在曲战是K,CO,的滴定血线,故A正骑:B由图分析可知,当C”完全沉淀时,Fe“已经开且.族温度下,饱和AgC溶藏中C浓度为1×10+”始沉淀,所以不整通过罚节溶液H的方法分步沉淀mol·L',饱和ACrO溶液中CrO的浓度为1XCu*和F”,B项错误:10“mol·L',所以AgC1溶解度小于AgC0.,故KB婚误:C.K.=e(+)Xc(OH),c(-)=(0H)C,若将上述NaCl海液浓度改为0.2mol·L,恰好K反应,消耗0.1m©·L AgNO,溶液的体积为PM=lge (M")-Is (o-K.+20mL,馆和AC溶液中c(C)不变,则点会lr(OH),C项墙误:移至点,故C正确:D,根据图示,当3≤H<4时,F艹完全帆淀,看D.该温度下,K.(AgC)=1×10mol·L-1×1×C+不金沉淀,所以除去C中少量F“,可控创10-tmal·L-1-1X10+ma'/1',K,(AgC0,)溶液3≤pH<4,D项正确。=(2×104mol·L-)tX1×104m0l·L-1-20,【答案】A4X104mo'/L,反应AgCr0,(s)+2C【命医立意】考查流定过程特殊点的守恒关系2AeCI()+C0的衡常数K-C0)【弹解】Aa点时:反应靠n(CH COOH)=0.C02mdl.2(C1)n(NaOH)=0.001ol,则反应后m(CH,COOH)-e(Cro)(Ag*)K.(Ag CrO.)4X10-#m(CH,COON)(未考虑量酸电离与酚酸的水解),因(Ce(Ag)[K.(Agci1X107为格液的H<7,所以酷酸电离强于附酸销水解,达4×10,所以反应趋近于完金,故D正确.¥衡后,c(CH,C00)>e(N)>e(CH,COOH)>18.【答案】Cc(H”)>c(OH),A0误,【衡愿立意】以学生相对陌生的国象为情境考查电Bb点时,PH=1,将液是中性,《H)=(OH),依南/水解衡移动、守阻关系茶电荷守恒,可得出c(*)=c(CH,C0O~),由于【详解】A.等浓度的NaOH和二甲按C(CH,,NH门溶水的电离程度很小,所以(N)=(CH,CO0)>液,NOH溶液的导电能力通,则由线②代表演定氨(H)=(0H),B正确:氧化钠溶液的曲线,故A正确:C.e点时,围酸与NOH副好完全反应生成第7套·化学参考答案第5页(共8页)
(2)①碘单质的滴定实验,用淀粉溶液作指示剂。②滴定前:溶液呈蓝色;滴定终点:溶液呈无色。cV2502000×25×94a+0③w10×10%-47%。(S④如果空气进入,发生反应4「+0,+4H2L+2H,0,消耗硫代统酸钠溶液增乡,测定结果偏高。19.(10分)硫酸镍(NS0,)在电镀、印染工业有着广泛的应用,它溶于水,不溶于乙醇乙醚;从某矿渣[成分为NiFe,O,(铁酸镍)、Ni0、Fe0、Ca0,SiO,等]中制取Nis0,·6H,O。四面酸阀还凉闲一除钢-保钢操作【休相热作Ⅱ硫酸S02NaF RHNiSO,6H2O有机相料渣1料渣2(1)料渣1的主要成分是(写化学式),铁酸镍与硫酸反应的化学方程式为(2)操作Ⅱ的内容是、洗涤、干燥;还原过程中,反应的离子方程式为(3)萃取过程中的变化可表示为Fe2*(水相)+2RH(萃取剂)一FeR(有机相)+2H(水相),若从有机相中分离出Fe2+,可先向有机相中加人,若在实验室中进行操作I,则必须用到的种玻璃仪器是【答案】(1)CaS04、Si02(2分)NiFe,04+4H2S0,—NiS04+Fe2(S04)3+4H20(2分)(2)蒸发浓缩、冷却结品,过滤(2分)2Fe3·+S02+2H,0—2Fe2·+S0-+4H(2分)(S(3)H,S0,(1分)分液漏斗(1分)【解析】(1)由NiFe,0,的名称知NiFe20,中铁为+3价,镍为+2价,反应后生成NiS04、Fe2(S04)3、H20。(2)从NS0,溶液中获得相应晶体的方法是先蒸发浓缩,然后冷却结晶、过滤、洗涤、干燥;SO2将Fe3还原为Fe2+,本身被氧化为S0,由此可写出相应的离子方程式。(3)由萃取反应原理知,加酸能使衡向左移动,结合图中最终可从水相中获得FS0,知,试剂是硫酸。分液必须使用的玻璃仪器是分液漏斗。(1)案答】20.(11分)电解原理在工业生产中有着广泛的应用,根据下图回答下列问题:-(8)HC)NaOH(1)原电池负极上的电极反应式为,欲利用该套装置精炼铜,则溶液Z必须含有的一种金属离子是(填离子符号)。(2)铝表面形成较厚的氧化物保护膜后能提高铝制品的耐用性,写出Z为稀硫酸时形成该氧化膜的电极反应式:(3)若Z是饱和NC溶液,电极材料之一是铁,另一个是惰性材料,电解时X、Y两个极均有气体产生,则(填“X”或“Y”)是铁。电解总反应方程式为该装置中会发生副反应C12+2OH一Cl0+C1+H20,避免此反应的方法是在该装置中使用种离子交换膜,该膜种类是(填“阳”或“阴”)离子交换膜,【答案(1)CH,-8e+100H—C0+7H,0(3分)Cu2+(1分)(2)2A1+3H,0-6e=AL,0+6H+(3分)双向达标·化学第23页(共56页)7首:02。S0/80/2102
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2023年普通高等学校招生全国统一文科综合1.本试卷分第I卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分,共300分。考试时间150分钟考生注意:2.请将各题答案填写在答题卡上。3.本试卷主要考试内容:高考全部内容。第I卷(选择题共140分)本卷共35小题,每小题4分,共140分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题量我国北方农牧交错带是半温润区与半干早区的过渡地带,也是农区和牧区的过渡地带,生目要求的。如态环境脆弱。按照粮食单产可以将北方农牧交错带划分为热,点区、次热点区、次冷点区、冷点区。下图示意根据相对位置绘制的农牧交错带粮食单产分区模型。据此完成1~2题酃推测我国北方农牧交错带粮食单产热点区主要位于CA.东北原东部、黄土高原长B.内蒙古高原东部、关中原回热点区C.东北原西部、湟水谷地口次热点区回次冷点区D.内蒙古高原西部、华北原北部目冷点区2.开展种养结合、推动粮食增产潜力最大的地区是乃,A热点区B.次热点区C.次冷点区D.冷点区南我国依托海南自贸港的建设,将海南积极打造成面向太洋、印度洋区域的航空枢纽,建海南自贸港一站式飞机维修产业基地。该基地位于海口市美兰临空经济区南航基地东侧。翻国加工航材所需材料及加工机床高度依赖进口,根据规定,基地内企业将享受进口航材“零税”的红利。据此完成35题3.航空维修业具有的特点是(,A.附加值低,时效性强B.附加值低,劳动力需求量大C.时效性强,技术要求高D.劳动力需求量大,技术要求高4.海南建设飞机维修产业基地的主要优势条件是、A.地理位置优越B.人口数量多C,技术先进D.经济发达口,众多飞机维修企业人驻海南飞机维修产业基地,最主要的原因是A.共用基础设施B.节省建厂成本高人C.共享免税红利D.市场需求量大【>高三文科综合第1页(共12页)】
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全国00所名校高考模拟示范卷袋【解题分析】根据信息推测,W、X、Y、Z分别为H、B,O、Mg。简单离子的半径:Y>Z,A项错误第一电离能:O>B>Mg,B项错误;MgO是离子化合物,C项错误;B的最高价氧化物对应的水化物硼酸是弱酸,D项正确。9.C【命题意图本题考查化学衡图像分析。【解题分析】温度越高,C02的传转花率越小,说明升憰温度,衡向逆反应方向移动,该反应的正反应为放热反应,A项错误;衡常数只和温度有关,温度不变,衡常数不变,B项错误;X一点时,投料比侵3好为化学程式的系数比,C0,的衡转化率为60%,则,的氮转化率为60%,C项正确;恒温恒容条件下,故气体的总质量和容器的体积都不变,则气体的密度就不变,故气体的密度不变不能判断该反应是否达到衡状态,D项错误。10.D【命题意图】本题考查实验设计与评价。【解题分析】常温下铁遇浓硫酸发生钝化,铁与稀硫酸发生置换反应,不能说明稀硫酸的氧化性比浓硫酸强,A项错误;取一定量Na2SO3样品,溶解后加人Ba(NOs)2溶液,产生亚硫酸钡白色沉淀,加入盐酸,溶液中硝酸根离子在酸性条件下可以将亚硫酸钡氧化成硫酸钡,B项错误:将红热木炭加人浓硝酸中,有红棕色气体生成,该气体可能是由浓硝酸分解生成的,C项错误:酸性:HY>HX,则Y结合H+的能力比X的弱,D项正确。11.A【命题意图本题考查晶胞结构。【解题分析】该晶胞中F©原子的数目为8×日+6×号=4,Mg原子的数目为8,A项错误;金属晶体中只含金属键,合金属于金属晶体,所以只含金属键,B项正确,金属晶体可导电,C项正确p=晋=安gmD项正确,12.D【命题意图】本题考查电化学工作原理。【解题分析】该装置是电解池,所以将电能转化为化学能,A项错误;a极的电极反应为C02十2NH时+2e一CO+2NH,+H,O,B项错误CHCN作溶剂,所以通过交换膜的是NHt,交换膜为阳离子交换膜,不可能是质子交换膜,C项错误。13.C【命题意图】本题考查工艺流程分析。注重应用性、综合性考查,培养考生的分析与推测能力,体现宏观辨识与微观探析、科学态度与社会责任的学科核心素养。【解题分析1Co位于元素周期表第四周期第Ⅷ族,A项错误;滤饼1的成分是S0,滤饼2的成分是Co(OH:,B项错误;滤饼3溶于盐酸发生反应的离子方程式为Li,C0,十2H*C0,个14.C【命题意图】本题考查电解质溶液及三大守恒。注重应用性,综合性考查,培养考生的分析十H2O十2Li*,D项错误:与推测能力,体现变化观念与衡思想的学科核心素养。【解题分析】随着pH的增大,HS的浓度增大,S-的浓度也增大,则有一1gc(HS)和【24·(新高考)X·MNW·化学·HEB)@。化学卷参考答案(三)第2页(共6页)
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5、衡水名师卷 2024年高考模拟调研卷(新教材◇)文科综合(四)4试题
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51.8k·mo1,故中和热△H=一51.8kJ·mol1根据温新定排可如,由⊙十⊙X言十①X子可得①.三、试卷特点③测定中和热的实验准确度关健在于反应前后热量变化的测量,实验装置保温、隔热数果差会造
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·数学·参考答案及解析an)-2a+1=0,整理得(an+1十an)(an+1-am-1)=0,(2)S。=ma+n(n21Dd2a1=0,则am-1十an=0或an+1一an=1.若则数am+1十a
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听第7段对话,回答第14、15小题。W:Dad,let's go to the zoo after br
高三化学参考答案1.C2.D3.D4.D5.B6.D7.D8.C9.Λ10.C11.C12.D13.D14.Λ15.D16.C17.(1)6.3(1分)(2)A(1分)(3)不能(1分)(4)探究浓度对Na2S)3水解的影响(2分)(5)升温,SO部分被化成SO,降低了SO浓度(或升温,水的离子积常数增大等合理答案,2分);SO部分被判化,使SO浓度降低(2分):取等体积①⑤溶液,加入足量盐酸酸化和足量BC2溶液,过滤、洗涤、干燥、称重,⑤的质量大于①(2分)(6)100.8cY(2分):偏低(1分)18.(1)增大接触面积,提高反应速率(或使反应更充分等合理答案,1分);SiO2(1分)(2)3MnF+2MnO,+4NH3·H2O—5MnO2¥+12F-+4NHt+2H2O(2分)(3)BeC2·xH2O+zSOCl2△BeC2+xSO2+2xHC1个(2分);分解产生HCl,抑制BeCl2水解(1分)(4)负(1分);氧化(1分)(5)AC(2分)(6)四面体(1分)(8×10e分)19.(1)高温(1分);>(1分)(2)条件要求低,原料廉价易得(或其他合理答案,2分)(3)炭黑(1分);斜率越大,活化能越低,反应越容易进行(2分)(4)①I2(2分);该反应△(气体)>0,随着压强增大,衡逆向移动,NH(g)的物质的量分数减小,且衡时其含量小丁了CO(2分))×学)8②(或其他合理形式,2分);>(1分)820.(1)酮羰基(1分)(2)C,H,SNO(S、N、O三种元素不分先后顺序,写对均可,2分)(3)π(2分)(4)3(2分)【高三化学·参考答案第1页(共2页)】·24-508C·
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