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    THUSSAT中学生标准学术能力测试性提高。分别用CCL2和L-1B处理体外培养的A区细胞,其电位变化情况如图2所示,35,(15分)很多极端环境(高温、干早、盐碱等)中的微生物仍未获得分离和培养。我国研究人员由图可知,A区细胞对的刺激有更强的反应,提出一种可能的原因:提出了一些从沙漠环境中获取纯培养原核微生物的策路。回答下列问题:(3)病原体感染引起体温升高是在一定程度上受到破坏的表现。上述过程体现了(1)在采集时,需要用经过处理的铲子、采样袋、离心管等收集土样、水样,低温保存样调节机制在此过程中起了重要作用。品,尽快进行微生物分离。33.(8分滨蟹生活在海岸潮间带中,是玉泰螺的捕食者,玉柔螺可取食墨角藻(一种海藻)。研究(2)培养基一般都含有和无机盐等.配置适宜的培养基,也是培养沙漠微生物的关键步骤。发现,有滨蟹存在的区域,不同体型大小的玉泰螺均几乎不取食墨角藻:而无滨蟹存在时,大小沙漠炎热,其中很可能存在噬热微生物。若要筛选噬热微生物需在高温下进行培养,此时琼玉泰螺均开始取食墨角藻,且小螺取食强度大。回答下列问题:脂不凝固,非固态的培养基上无法获得微生物的一,因此需选用在高温下仍有凝固能力(1)可通过法调查玉泰螺对墨角藻的取食情况。的物质代替琼脂。(2)滨蟹存在与否会调控玉黍螺的取食行为,最可能是通过传递信息实现的。这体现了生(3)沙漠有强烈的紫外线照射。研究人员希望能从沙漠土样中培养出更多的沙漠微生物,于是将态系统的信息传递可以。获得的沙漠样品用紫外线照射10分钟后再进行样品的稀释。这样做的原因是:①紫外线可(3)从物质与能量的角度,推测在无滨蟹存在时,小螺取食强度大的原因可能是:以杀死、抑制一些杂菌,减少了杂菌的快速生长:②(4)若要进一步了解滨蟹在该群落中的地位或作用,还应维续调查的内容有:一。(答出2(4)接下来,对上述样品进行溶解和稀释,每次稀释时需要在试管中加入和1L待稀释点)的茵液。全程需要操作。研究人员在进行接种时,并不是只接种104的稀释液,而是34.(10分)如图所示为某遗传病家系的系谱图。回答下列问题:将下图中四个浓度均进行接种,原因是■男性忠者1 ml●女性患者6☐正常男性○正常女性(1)分析上图可知,该遗传病最可能是显性性状,原因是(2)后续研究发现,G基因突变是引起该家系遗传病的原因。请选择家系中的个体,进行G基因(5)经过分离、纯化后,获得的沙漠微生物值得进一步研究。写出一条研究方向序列检测,确定该病的显隐性和G基因所处染色体(常染色体还是性染色体)。写出所选个体,测序所得序列种数与对应结论。(可用流程图的形式表示)(3)根据上述方法确定该病为伴X染色体显性遗传病。Ⅱ-3和I4计划再生一个孩子,患病概率为一。为避免再次生下患病孩子,可采取的措施有:一·(4)1退休前从事放射性相关工作,但并未采取严格的防护指施。有人认为:1工作中未采取严格的防护措施引起G基因突变,使该家系出现该遗传病,所以从事放射性相关工作务必采取有效防护措施。请评价该观点,说明理由。第15页共16页第16页共16页

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    ②部分阳离子形成氢氧化物沉淀时,溶液pH见下表:沉淀物Fe(OH)2Fe(OH)Co(OH)2Mn(OH)2A1(OH)3开始沉淀时的pH7.02.77.67.74.0沉淀完全时的pH9.63.79.29.85.2请回答下列问题:(1)基态Co原子的价层电子排布式为(2)“还原酸浸”中,C0O0H发生反应的化学方程式是浸出液中加人NaClO溶液的目的:(用离子方程式表示)(3)浸出过程中加人Na2CO3调pH的范围是(4)如图乙所示,萃取剂可以把滤液Ⅱ中部分阳离子选择Ni2性分离。使用萃取剂时合适的pH范围为(填标Mnz号)。Co2A.12B.3≈4C.6'7D.7~8(5)C0能与强酸反应产生H2,工业上采用惰性电极电解CoCl2溶液制取钴,不能用CoSO4溶液代替CoCl2溶液68 pH的理由是(6)①钴单质晶体中原子在某温度下的堆积模型如图,若其晶胞几何体的体积是2acm3,钴单质的密度为pg·cm3,已知阿伏加德罗常数为NA,则钴的摩尔质量为②经X射线衍射测定发现,晶体钴在417℃以上堆积方式发生改变,其剖面图如右图所示,则该堆积方式属于,若该堆积方式下钴原子的半径为,则该晶体的空间利用率为(用含π的代数式表示)。28.(15分)有一种新型补铁剂由甘氨酸与硫酸亚铁制取。某化学学习小组用如图所示装置(夹持仪器省略)制备补铁剂甘氨酸亚铁[(H2NCH2COO)2Fe]稀硫酸NaOH溶液甘氨酸和少量柠檬酸县电磁搅拌器水高三理科综合能力测试第10页(共16页)

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    通过图像分析可得导=800-400。根据闭合电路欧姆定律有E,=I2(R+r)0.11·s2=4000m↓·s解得2=2rad/s…1分1元=400s:故要使金属棒αb保持静止,则角速度应满足:解得△t1=0.050s,a=0.20m/s顺时针转动时,≤62rad/s,逆时针转动时≤2rad/s,…1分(3)A,适当地减小遮光条的宽度可以更精确地用平均速度代替雌时速度,故A错误;(3)设金属棒ab恰好匀速时的速度为v,则有BI,L十mgsin37°=mgcos37°B.该实验与气垫导轨的粗韆程度无关,故B错误:獬得I3=0.2A……1分C.多次测量可以有效地减小偶然误差,故C正确。由闭合电路欧姆定律得E=I,(R十)=1V故选C。回路的电动势E=方Bmf-BLv1分23.(9分)解得v=2m/s………1分【答案】(1)600(2分)(2)并联(1分)1(2分)(3)D(2分)9(2分)25.(20分)【详解(1)接通S前后小量程电流表的示数不变,说明微安表两端电压不变,则电阻需满足关受-是可得R=60n【答案K(IDI=12kg·m/5:(2)若向右平抛:m-引kg若向左平地:m=}kg:(2)若将该小量程电流表改装为量程为0.6A的电流表A,需要并联一个电阻:改装后的电流3)Q-照-号(兮)')表A满偏电压不变,则改装后的电流表A内阻为R=R=1X10×600n=1n【详解】(1)绳断后,B做自由落体运动,有a=g41,解得t1=0.45…1分0.6对A利用动量定理,规定向上为正方向,有I一Ag1=m4,解得I=12kg·m/s…1分(3)要求实验从零开始并测量多组数据,滑动变阻器应选用分压式接法,因电流表A的内阻为已知,则应该采用电流表内接,故ABC错误,D正确。(2)B沿圆弧下滑过程,由动能定理可知故选D。由R=兴-R,=9n。2m+mgR=名md解得=6m/S…1分24.(12分)【答案】(1)8V;(2)顺时针转动时w,≤62rad/s,逆时针转动时≤2rad/s;(3)2m/sB与C发生完全非弹性碰撞,且mo=ma十mc=l.5kg由动量守恒定律可知mv1=(mg十mc)vo,解得vo=4m/s……1分【详解】(1)假设金属棒ab静止,对金属棒CD,由法拉第电磁感应定律有E=?Bd=10VD进人传送带,由受力分析可知μmpg=mpa,得a=g=3.5m/s…1分假设物体一直匀减速至传送带末端一而=一2μgL根据闭合电路欧姆定律,有E=I(R十r),解得I=2A……1分得w=3m/S>%,假设成立。…】分根据平衡条件可得,金属捧ab受到的摩擦力为∫=mgsin37°-BIL=2N

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