高二物理110B答案.pdf文件预览1/2高二物理试卷参考答案1.C2.A3.C4.D5.A6.C7.B8.A9.AD10.BC11.AC12.AB13.逐渐增大(2分)不变(2分)等于(2分)14.(1)2.095(2分，2.094~2.097均正确)(2)左端(2分)(3)1380(2分)(4)R40(3分)15.解：(1)由于灯泡正常发光，可知其路端电压为U=3V(1分)则电源的内电压为U,=E-U=4V-3V=1V(1分)故流过电源的电流为1=号=击A=2A。2分)(2)流过灯泡的电流为1是=1A1分)则流过电动机的电流为I=I-11=2A一1A=1A(1分)电动机的输入功率PM=IM XUM=3W(1分)电动机的发热功率为P熟=I2R=12×0.5W=0.5W(1分)电动机的输出功率为P出=PM一P热=3W-0.5W=2.5W。(2分)16.解：(1)根据几何关系可知AC=2a(1分)根据库仑定律结合电场强度定义式可知，固定在A点的点电荷在C点产生的电场强度的大小E=怒(2分)解得E=器。2分)(2)根据题意可知，C点的电场强度方向行于AB向右(1分)根据矢量合成的知识可知，固定在A点的点电荷在C点产生的电场强度E2方向竖直向下(2分)根据几何关系可知4309cos 3(2分)解得E=BQ8a2，(2分)17.解：(1)质子在电场中做类抛运动，设质子的初始速度为，根据运动学公式有L=6t(2分)将质子出电场时的速度分解，根据几何关系有w=cos0(2分)解得u=t。(2分)(2)质子在电场中沿着电场线方向的分运动为匀变速直线运动，则【◆高二物理·参考答案第1页（共2页）◆】%=at(1分)

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2025届高三单元定向检测卷·地理（三）参考答案1.B由材料并结合大柴旦湖的地理位置，可知大柴旦湖为内流湖，且无常年性河流入湖，主要为高山冰川融水补给和泉水补给，夏季气温高冰川融水补给量大，使湖水盐度

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芜湖市第一中学2024-2025学年高三上学期10月教学质量诊断测试物理试卷一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。1.如图所示，两个相似的斜面体A、B在竖直向上的力F的作用下静止靠在竖直粗糙墙壁上.关于斜面体A和B的受力情况，下列说法正确的是（）A.A一定受到四个力B.B可能受到四个力C.B与墙壁之间一定有弹力和摩擦力D.A与B之间可能没有摩擦力B2.水火箭是一项深受学生喜欢的科技活动，某学小组利用饮料瓶制作的“水火箭”如图甲所示，其发射原理是通过打气使瓶内空气压力增大，当瓶口与橡皮塞脱离时，瓶内水向后喷出，“水火箭”获得推力向上射出。图乙是某次竖直发射时测绘的水火箭速度V与时间t的图像，其中t时刻为水火箭”起飞时刻，DE段是斜率绝对值为g的直线，忽略空气阻力，关于“水火箭”的运动，下列说法正确的是（）Oto甲乙A.t~t时间内水火箭的均速度大于B.水火箭在t时刻达到最高点C.t～t时间内水火箭处于失重状态D.～t时间内水火箭做自由落体运动3.如图所示，从倾角为0且足够长的斜面顶端P以速度V抛出一个小球（可视为质点），落在斜面上某处，记为Q点，小球落在斜面上的速度与斜面的夹角为α，若把初速度变为2V，小球仍落在斜面上，则以下说法正确的是（）A.夹角α将变大B.夹角α与初速度大小无关

该时间内遮光条的均速度近似等于瞬时速度，因此所选承名师教解题了分析滑块不同阶段的运动情况4·的遮光条越窄越好，故实验时应逃承遮光条D。(2)由游标卡第一阶段：分析两滑块的受力→Q向下滑动，P向上滑尺的读数规则可知，该遮光条的宽度为d=2mm+5×动判断Q与挡板碰撞前P是否与传送带共速（或已离开0.05mm=2.25mm。（3)滑块经过光电门的速度大小为v=传送带)→P已与传送带共速一→根据直线运动规律计算此d.225x100.011m/s=2.0/s。(4)滑块沿斜面体下滑的过时P到最高点的距离第二阶段(Q碰到挡板后)：Q碰后的速度大小为碰前程中，由动能定理得gn0-us0·=宁m,又。的3→速度大于传送带时，摩擦力做负功一→速度小于传送d2理得2gsDg-4cs0为计第方便.应便得图带时，速度继续减小，摩擦力做正功直至速度减为零+两段的图线为一条直线，则应以子为横轴。图线的斜率k=距离相加为沿传送带上滑的最大距离待判断阶段(P高开传送带时)：结合第二阶段，根据P2g(sin分-cos9),则动摩擦因数为么=1an0-d离开传送带所需时间判断此时Q的运动状态→此时Q的速2gkcos a度小于传送带且速度未减到零→根据已运动距离计算滑块13.【命题立意】本题考查带电粒子在电场中的运动问题，芳查了考生的模型建构能力和逻辑推理能力。:Q与挡板之间的距离（也可以用最大距离一未运动距离）解：(1)由正粒子在B、C的动能关系知电场方向一定斜向右解：(1)设滑块P、Q的质量分别为m1、m2,释放滑块后，滑块Q沿下，设电场强度大小为E,方向与AB的夹角为6，粒子从A到传送带向下加速运动，由牛顿第二定律对滑块Q有m2gsn《-B的过程由动能定理得4m28c0sa=m2a2(1分)）网·*cs0=4×2m听-2m(1分】解得a2=4m/s2粒子从A到C的过程由动能定理得对滑块Q由位移公式得子宁4,1分)肉c(60-0)=7x7m号-2m(1分)解得t,=1.5s又由题意可知x4c=2x想释放滑块P后，滑块P沿传送带向上加速运动，由牛顿第二定解得0=30°(1分)律对滑块P有山1m1 gcos a-mgsin a=m1a,（1分)解得a1=2.5m/s2电场强度大小为E=远(2分)kR由题意可知传送带的速度为vo=wr=3m/s(2)电场线与等势线垂直，作出圆的切线且与电场线AF垂直，切点为D,与电场线AF的交点为F,如图所示，则到达D滑块P加速到与传送带共速的时间为。==1.2sa点时粒子动能的增加量最大。滑块P加速的位移为x=之。=1.8m由几何关系得w=R+R0s30°=2+5R2显然当滑块Q运动到传送带底端时，滑块P正在匀速运动，匀m-R血30=3R1分)速运动的时间为t2=61-。=0.3s滑块P匀速运动的位移为x2=62=0.9m此时滑块P到最高点的距离为△x=-名，-=1.8m(1分)(2)滑块Q与挡板碰前的速度大小为v1=a2t,=6m/s.3由题意可知，碰后滑块Q的速度大小为4=圣=4.5ms带电粒子从A到D做类抛运动，设粒子的运动时间为，沿碰后滑块Q先沿传送带向上减速，设加速度大小为a,由牛顿电场线方向有#=方a(1分)第二定律得m2 gsin a+h2m2gcos&=m2ag(1分)由牛顿第二定律得gE=ma解得a3=6m/s2垂直电场线方向有x=t(1分)滑块Q减速到的时间为5=-0=0.25s(1分)解得=Y23-3,(2分)2该过程滑块Q的位移为3十与=0.9375m14.【命题立意】本题通过传送带模型，考查了牛顿第二定律、运动2学公式等知识，对考生的逻辑推理能力有一定的要求。滑块Q减速到，后，以2的加速度继续减速，直到速度藏为器验1高考领航卷·物理答案一14（第3套）

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