高三期中·物理·物理·参考答案及解析故A项正确，B项错误；线框匀速运动，电流的功率力，篮球做匀变速曲线运动，B项正确：将A点的速360语2图象斜率md,可得等于安培力做功的功率，即P=R,故C项错误，D度按水和竖直方向分解可得在A点竖直速度为×器D项正=mad。项正确。17.(1)A(1分)C(1分)E(1分)12.BC【解析】导体棒ab向上运动过程中，通过导体-66,从A点到B点的时同为一号从B(2)实物图如图所示(1分)样的的电待量9一曾-歌酒过两电阻的电流点到C点的时间为t2=2,A,C两点的水距离为时刻与电阻成反比，故通过两电阻的电荷量始终与x=U,(t1十2)，C项正确；B点到A点的高度差为h电阻成反比，通过电阻R的电荷量为9=号×2=1.8m,D项正确14.BD【解析】该粒子从b点射入磁场，从a点垂直x15.AC【解析】由洛伦兹力提供向心力得g6B,=歌装A项特误当导休裤山向下运动时轴离开磁场，则运动半径为r=R,根据qBn爱，质子做圆周运动的周期为，=2，联立得(3)53(50~53,2分)由右手定则可知，导体棒ab的b端为正极，故电容n,解得初速度为=R,A项错误；该粒子第【解析】(1)电源的电动势为6V,绘制出发光二极管器的右侧极板与正极相连，带正电，B项正确；只有B,票A项正确，B项错误，要使质子垂直射到的1-U图象其电压在0~3V的范围，若选量程为当开关S接1时回路中才有焦耳热产生，在导体棒次在磁场中运动，其周期T智，运动了}个周荧光屏上，质子的运动轨迹应如图所示：15V的电压表，则表盘指针的偏转将小于满偏值的ab上升过程中，设回路中产生的焦耳热为Q,根据能期，则运动时间为一器，该粒子第二次以相同的3读数误差较大，故选电压表V,即选A,绘制出量守恒定律有Q+mgh=之m听，电阻R,和R,并初速度从圆弧bc的中点d沿行于x轴正方向进发光二极管的I-U图象其电流在0~30mA的范联，两端电压总相等，由QR!可知，两者产生的人磁场，其轨迹半径不变也为R,如图所示：围，若选量程为6A的电流表，则表盘指针的偏转将热量之比为3：2，故电阻R:产生的热量为Q1小于满偏值的子，读数误差较大，故选电压表A:,即Q,联立可得Q0m6-mgh,C项正确当选C;绘制出发光二极管的I-U图象其电流从零开B则(2n+1)Reos30°=2m+1)5R=dn=0,1.2,始变化，则滑动变阻器应采用分压式接法，为方便调开关S接2时，导体棒ab由静止开始下落，设导体4πd节，滑动变阻器应选R,故选E。棒下落的加速度为a,由牛顿第二定律得mg一BILX3…）解得万2n1)7（a=01.23…)n=ma又1品-C-cBa联立司由几何关系可知，该粒子第二次仍然从“点离开磁(2)绘制出发光二极管的1-U图象其电流在0~△t△场，粒子转过的圆心角为0=90°+45°=135°，所以运3时C项正角者则30mA的范围，电流从零开始变化，则滑动变阻器应得a一CBm所以导体棒a5做初速度为0，加1.5,D项错误。采用分压式接法，且由I~U图象可看出发光二极管动时间票×-需所以有1.6B项速度为a的匀加速直线运动，设导体棒ab回到出发二、非选择题2.8的最大电阻约为R=28文00=1000，而点的速度大小为u,由t=2ah得。=正确：以2%从6点沿各种方向进人磁场的该种粒16.(2)0.570(1分)√RvR=√20000×40Q≈894.4Q,则电流表应√品。D项错提(6)滑块和挡光片的质量m(1分)madP(2分)子运动半径为冬，从边界出射的最远点距离6点的采用外接法，则完整的电路实物图如图所示。【解析】(2)根据游标卡尺读数规则，其读数为d=13.BCD【解析】在C点将速度按水和竖直方向分距离为R,则该点不是a点，C项错误；以2从b点(3)由绘制出发光二极管的1-U图象可看出在发光5mm+14×0.05mm=5.70mm=0.570cm解，可得水速度为，=2,3m/s,竖直速度为，沿各种方向进入磁场的该种粒子在磁场中运动的半二极管的最佳工作电流为15mA时其电压为=23m/s,在B点竖直速度为零，水速度为径为2R,则运动时间最长时，对应的弦最长，最长弦(6)由k女2=多m知，要测出弹簧的劲度系数人，2.2V,则将它与电动势为3V、内阻不计的电池组23m/s,A项错误：篮球在运动过程中，合力为重长为2R,则转过的角度为60，则最长时间为1…=还需测出滑块和挡光片的质量：由号-号相连还需申联一个R-E-0≈530·4·3

周测卷十五牛顿运动定律1.D解析：本题考查物理学史。牛顿第一定律内容是一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，除非作用在它上面的力迫使它改变这种状态，D项正确。2.C解析：本题考查牛顿第二定律的应用。设汽车刹车后轮胎在地面滑动时的加速度大小为a,由牛顿第二定律有mg=ma,由匀变速直线运动的速度与位移的关系式有2=2ax,可得汽车刹车前的速度v=20m/s,C项正确。3.B解析：本题考查牛顿第二定律的瞬时性。剪断细线前，对B球进行受力分析，可知弹簧弹力F=g,剪断细线瞬间，细线拉力变为0，弹簧的弹力不发生突变，故B球的加速度为0；对A球进行受力分析有Fr'+mg=maA,Fr'=ng,故剪断细线瞬间，aA=2g,B项正确。4.A解析：本题考查超重和失重。前10s内，空降兵做加速度减小的加速运动，加速度方向向下，空降兵处于失重状态；10s~15s时间内，空降兵做加速度减小的减速运动，加速度方向向上，空降兵处于超重状态，此时空降兵和伞整体所受重力小于空气阻力；在15s后，空降兵匀速下降，故A项正确，B、C、D项错误。5.BD解析：本题考查牛顿第二定律。小球从接触弹簧开始，受竖直向下的重力mg和竖直向上的弹力F作用，对小球应用牛顿第二定律有mg一F=ma,小球先向下加速运动，速度o增大，加速度a减小，当mg=F时，加速度a=0,小球的速度达到最大，之后小球所受弹力大于重力，对小球有F一g=ma,弹力越来越大，小球加速度增大，速度减小，故B、D项正确。6.ABC解析：本题考查牛顿第二定律。小球的受力情况如图所示，把斜面对小球的弹力F2进行正交分解，根据牛顿第二定律，在竖直方向有F2cosO=mg,水方向有F1Fsin0-m,所以斜面对小球的弹力F一。A项正7777mg确；小球受到的斜面、挡板的弹力和重力的合力为ma,B项正确；挡板对小球的弹力Fw=na十gtan 0,随加速度a的增大而增大，斜面对小球的弹力Fw2=mg,与加速度a无关，C项正确、D项错误。cos 07.(1)BCEF(8分)(2)0.40(5分)1.0(5分)解析：(1)本实验中只有衡摩擦力后，小车受到的拉力才是其所受合力，故应衡摩擦力，A项正确，衡摩擦力时不应挂小桶，B项错误；实验中只需衡一次意·31·【23新教材·ZC·物理·参考答案一YJB一必修第一册一G DONG】

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西0@①800：62%☐□112：36ǒ.D【聊析】小邀秀笪父受电流，日的定秀笪子王削准埋形刀。及别戏构中的电沉生向期性变化削燃场，在接收线圈中会产生周期性变化的电流，因此接收线圈中的电流也会产生周期

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周测卷四电容器电容探究电子束在示波管中的运动1.B解析：本题考查电容器和电容。电容器的电容由电容器本身决定，A、C、D项错误；根据Q=CU可知，B项正确。2.A解析：本题考查行板电容器的特点。电容器

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周测卷二电场及其描述电场中的导体1.C解析：本题考查对电场和电场线的认识。电场是客观存在的，电场线是为了对电场进行形象地描绘而假想出来的曲线，C项正确。2.A解析：本题考查点电荷的电场强度。由于A、B

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a.测得样品截面的边长a=0.20cm;b.将行排列的四根金属探针甲、乙、丙、丁与样品接触，其中甲、乙、丁位置固定，丙可在乙、丁间左右移动；c.将丙调节至某位置，测量丙和某探针之间的距离L;d.闭合开关S,调节电阻箱R的阻值，使电流表示数I=0.40A,读出相应的电压表示数U,断开开关S;e.改变丙的位置，重复步骤c、d,测量多组L和U,作出UL图像如图(b)所示，得到直线的斜率。回答下列问题：(1)L是丙到(选填“甲”“乙”或“丁”)的距离；(2)写出电阻率的表达式p=(用k、a、I表示)；(3)根据图像计算出该样品的电阻率p=n·m(保留两位有效数字)12.(9分)为测定某电源的电动势和内阻，实验室提供了如下器材：A.完全相同的两节电池（一节电动势E约为4.5V);B.电压表（量程为0~3V、内阻为2k);C.电阻箱(0~999.92)；D.若干定值电阻R。、开关和若干导线。小明同学设计了如图甲所示的电路进行实验，请回答下列问题：甲(1)实验室备有以下几种规格的定值电阻R。,实验中应选用的定值电阻是A.2002B.2k2C.4k2D.10k2(2)实验时，应先将电阻箱的阻值调到(选填“最大值”或“最小值”)。(3)小红同学根据图甲所示的电路，规范操作得到如图乙所示的图像(U是电压表和R。两端总电压)。小红所描绘的图像中，横轴应标注。(填选项前的字母)。A.R/OB.R/0(4)按照(3)问中所选的横坐标，已知图像的斜率，纵轴的截距为b,则每一节电池的电动势为,内阻r为。(均用k、b表示)13.(13分)图甲为某种可测速的跑步机，其测速原理如图乙所示。该机底面固定着两根间距d=0.6m、长度L=0.5m的行金属导轨。两金属导轨间充满磁感应强度B=0.5T、方向垂直于纸面向里的匀强磁场，两金属导轨通过导线与R=4的定值电阻及理想电压表相连。跑步机的橡胶带上镀有行细金属条，橡胶带运动时，磁场中始终只有一根金属条与两金属导轨接通，已知每根金属条的电阻为r=22,橡胶带以v=2m/s匀速运动，求：绝缘橡胶带B橡胶带d运动方向金属条金属导轨乙单元检测示范卷·高三·物理卷（十四)第4页

(2)汽车重力为G=mg=2×103kg×10N/kg=2×104N,V=V水+Vg=3000cm3+400cm3=3400cm3,因为汽车在匀速直线行驶，根据二力衡可知，牵引力等于阻力，即F=f=0.03G=0.03×2X10N=600N.则此时容器中水的深度：h=y-3400cms 200 cm2=17cm,(3)汽车所做的有用功W有=Fs=600N×54×103m=3.24×水对容器底部的压强：p=P水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10J,17×10-2m=1.7×103Pa;汽车消耗的电能W=(95%-82.5%)×80kW·h=10kW·h(3)物体A的重力：GA=mAg=0.3kg×10N/kg=3N,=3.6X107J,由杠杆衡条件可知：F拉XLoD=GaXLac,汽车的能量转换效率解得F-品×G-需X3N-2N7腰×100%=24X0×100%=90%.3.6×10J由力的衡条件可知，B的重力：Gm=F拉+F僻=2N+4N=6N,答：(1)汽车行驶的路程为54km;(2)汽车受到的牵引力是600N;自G-可知，物体A份质量心一会-D好一06ke,(3)汽车的能量转换效率为90%.0.6kg物体B的密度：ps-号40X10gm=1.5×10kg/m,mB5.解：(1)C919由上海飞往北京的均速度0=三=1178km=答：(1)物体B受到的浮力为4N;2h(2)物体B浸没在水中静止时，水对容器底部的压强为1.7×589km/h.103Pa;(2)C919在高空水定速巡航时，受到的牵引力与阻力是一对(3)细线对物体B的拉力为2N,物体B的密度为1.5×103kg/m3衡力，为1.15×105N,8.解：(1)根据题意可知，圆柱体未浸入水中时，压力传感器的示数飞机牵引力做的功W=Fs=1.15×105N×4×103=4.6×10J,汽油燃烧产生的热量Q=”_4.6X10」-=1.84×10，为30N,由力-号可得，溢水杯对压力传感器的压强为力=号25%30N飞行4km需要消耗的汽油质量m=Q=1.84×109J-150X10‘m-2X103Pa.g-4.6×10J/kg(2)圆柱体未浸入水中时，压力传感器的示数为30N,由于传感40kg,器受到的压力等于水的重力加上溢水杯的重力，即有F压=G水飞行4km需要消耗的汽油的体积V=40 kgp0.8×103kg/m3十G溢水杯’0.05m3=50L.而溢水杯的重力为1N,则水的重力为G水=F压一G滥水杯=30(3)飞机起飞前在水跑道上快速滑行时，机轮与地面的总接N-1N=29N,触面积为S2,飞机对地面的压强为力，此时飞机对地面的压力又G=mg,故溢水杯中水的质量为ms=-9N810 N/kg为F压=S2,2.9kg飞机的重力为G,此时飞机的升力的大小为F升=G一F压，(3)圆柱体刚好浸没时，排开水的体积等于圆柱体自身的体积，图乙是飞机单侧机翼与周围空气发生相对运动的模型，且图中即V排=V霸柱体=Sh=60X10-4m2×15×10-2m=9×104m3,机翼的下表面可视为面，面积为S1,则两侧机翼下表面的总根据F浮=P水V排g可得，圆柱体刚好浸没时，受到的浮力为F得面积为2S1,飞机在跑道上滑行时机翼上下表面的压强差△p==P冰V推g=p水V题柱体g=1.0×103kg/m3×9X10-4m3XF升=G-F压=G-S210N/kg=9N,2S12S12S1细线对圆柱体的拉力为F拉=G一F浮=20N一9N=11N.答：(1)C919由上海飞往北京的均速度为589km/h;(4)圆柱体从到刚好浸没，溢水杯中水的变化量为△h,(2)飞行4km需要消耗50L汽油则S物(7cm一4cm+△h)=S溶△h,(3)飞机在跑道上滑行时机翼上下表面的压强差△=G,S2S1即60cm2×(7cm-4cm+△h)=150cm2×△h,解得△h=2cm6.解：(1)太阳能汽车行驶的均速度=2×10-2m,。=g-70m-40m/s圆柱体从初始位置到刚好浸没，水对溢水杯底部压强的变化量30×60s△p=p水g△h=1.0×103kg/m3×10N/kg×2X10-2m=(2)由Q做=mq得，消耗的电能相当于燃烧的汽油释放的热量200Pa.m=a=184X10L=0.4kg答：(1)圆柱体未浸入水中时，溢水杯对压力传感器的压强为94.6×10J/kg2×103Pa;答：(1)太阳能汽车行驶的均速度40m/s;(2)圆柱体未浸人水中时，溢水杯中水的质量为2.9kg;(2)消耗的电能相当于完全燃烧0.4千克的汽油释放的能量.(3)圆柱体刚好浸没时，细线对圆柱体的拉力为11N;类型2：压强、浮力综合计算(4)圆柱体从初始位置到刚好浸没，水对溢水杯底部压强的变7.解：(1)因为物体B浸没在水中，所以物体B排开水的体积：化量为200Pa.V排=V8=400cm3,9.解：(1)由题意知，坦克满载时受到的重力为G=mg=24×则此时物体B受到的浮力：F浮=P水gV排=1×103kg/m3×103kg×10N/kg=2.4×105N,10N/kgX400m3=4N;由于坦克漂浮，所以此时坦克重力等于其受到得浮力，即F浮=(2)日容器中水的体积：V水=Sh水0=200cm2XG=2.4×105N,15 cm水和B的由F浮=PgV可得，此时它排开水的体积V维=FP水g

四、计算题：本题共3小题，共38分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。13.(9分)如图所示，直线边界N的上方存在方向垂直纸面、磁感应强度大小为B的匀强磁场（图中未画出)，一质量为m、电荷量为g的带正电的粒子从边界MN上的a点以大小为vo的速度垂直于MN射人磁场，最后粒子从b点飞出磁场，不计粒子的重力。求：(1)该匀强磁场的磁感应强度方向。(2)a、b两点间的距离。14.(13分)如图，发电机的矩形线圈长为2L、宽为L、匝数为N,放置在磁感应强度大小为B的匀强磁场中，理想变压器的两个副线圈的匝数分别为12，两个副线圈分别接有阻值为R1、R2的定值电阻，当发电机线圈以角速度ω匀速转动时，理想电流表的示数为11，不计线圈电阻。求：(1)理想变压器原线圈匝数的值。(2)发电机的输出电流。n15.(16分)如图所示，两根光滑行导轨abc、a1bc1的间距为L,ab、a1b1部分水，bc、bc1部分是半径为r的四分之一圆弧导轨，过c心1的切线水，在导轨两端各连有一个定值电阻R1、R2,其中R=2R。、R2=3R。圆弧导轨处在一竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场中。现有一根长度为L、质量为、电阻为R。的金属棒从圆弧导轨的顶端bb处由静止开始下滑，到达导轨底端cc处时受到每根导轨的支持力大小均为mg(g为重力加速度)。整个运动过程，金属棒与导轨接触良好，导轨电阻不计。(1)求金属棒到达导轨底端cc1处前的瞬间，金属棒产生的感应电动势(2)求金属棒从仙处下滑到cG处的过程中，R产生的焦耳热。(3)若金属棒在拉力作用下从c℃1处开始以吻=√2gr的速度向右沿导轨做匀速圆周运动，则在金属棒从c℃1处至到达bb,处的过程中，拉力做的功为多少？R