[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1 物理(福建卷)试题

2023-09-18 16:03:27 68

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170r△x一B,即两导体棒间的距离最终变为L相刚证人磁场时，对a有R一B蒙-朵量相同，所用的时间不同，则磁通量的变化率4R不同。+g器D项正确。=m,则加速度a。=,对有下，(4)通过三个实验可以得出穿过闭合电路的4K2磁通量发生变化，闭合电路就会产生感应电4.B【解析】未进磁场前和全部进人磁场BBX2×21=4B29R9R=ma6,则加速度a6流；感应电动势的大小与磁通量变化的快慢后，线圈都仪受重力，所以加速度a1=a3=有关。g。线圈在图2位置时，受到向下的重力和向-4,所以4，b此时加速度并不州同，B9Rm4.(1)短暂负(2)如图所示上的安培力，且已知F交a2>a4,B项正确。长时间超量程通电会损坏电流计；欧姆表红5.AD【解析】设导休棒a的电阻为R,则导实验14探究影响感应电流表笔连接着电源的负极，黑表笔连接着电源体棒b的质量为2m、电阻为2R。导体棒a的正极，电流从电流计的负极流人。获得向右的初速度后，导体棒α、b与导轨组方向的因素(2)电流计的指针向右偏转，说明电流从正接成的回路产生感应电流，根据楞次定律可判1.N左线柱进入电流计。感应电流的磁场方向向断出导体棒α受向左的安培力，开始向右做【解析】当电流从B接线柱流入电表，电流下，根据楞次定律，原磁场方向向上，故磁铁减速运动；导体棒b巾电流方向与a相反，受表指针右偏，说明释放条形磁铁时产生的感下方是S极。到向右的安培力，开始向右做加速运动，同时应巾流从B接线柱流入巾表，根据安培定则5.(1)丁当磁铁N极插人线圈及磁铁S极拔产生与a相反的感应电动势，因此电路中电可知感应电流的磁场向上，根据楞次定律“增出线圈时，感应电流的磁场方向相同（磁动势E=BLa一2BLb,当BLa=2BLh,即反减同”可知，条形磁铁的磁场向下，所以条场)磁通量的变化(2)欧姆(3)Aa=2%时，电路中电流为零，此后导体棒a、形磁铁的下端是N极；条形磁铁穿出线圈，【解析】(1)比较图1中甲和丁可知，电流表b将分别以va、h做匀速运动，相等时间内通根据楞次定律可知感应电流的磁场向下，根指针偏转的方向相同，这是因为当磁铁N极过的位移之比是2：1，A项止确。在导体棒据安培定则可知感应电流从A接线柱流入插人线圈及磁铁S极拔出线圈时，感应电流从开始运动到稳定运动的过程中，分别对导电表，电流表指针左偏。的磁场方向相同：感应电流具有这样的方向，体棒a、b根据动量定理列方程，取向右为正2.(1)见解析图(2)相反(3)相同即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的方向，对导体棒a,有一BILt-ma一mo;对【解析】(1)实物电路图如图所示(磁场)磁通量的变化。导体棒b,有2BTLt=2m%一0，联立以上三w(2)多用电表内部某一挡含有直流电源，依据欧姆表内部有电源，因此选用电表的炊姆挡式，解得%=0%=3，B项错误。将对电流表进行测试。a-3代入公式-Bg.一mu.一m,解得(3)当磁铁完全进人线圈内时，穿过线圈的磁通量不变，则不会产生感应电流，则磁铁会加1)2n通过导休棒a的电荷量q一3B,C项错误：速运动，当到达线圈底部时，磁通量变化率人在整个过程中由能量守恒定律知，整个电路电褥于磁铁进入线圈时的磁通量变化率，依据法》中产生的焦耳热Q之ma拉第电磁感应定律，则到达底部时的感应电m2-(2)闭合开关时，通过线圈F的磁通量增大，流较人，再由楞次定律可知，进与出的感应电中楞次定律可判断，感应电流的磁场阻碍原×2ma=。m2,且8-=号，因此号体桥流方向相反。磁通量的增加，即线圈F中感应电流与线圈第十二章b产生的热量Q。=号Q=日mw2,D项E中电流的绕行方向相反。(3)保持开关闭合，将线圈E拔出时，线圈F正确交变电流传感器中磁通量减少，由楞次定律可判断，线圈F6.B【解析】金属杆做匀速运动，有F=F安中的感应电流与线圈E中电流的绕行方向第1讲交变电流的产生与描述=,1点E=,解得F=聚.当相同。3.(1)穿过线圈的磁通量发生变化(2)正比1.CD【解析】此交流电电动势的最大值为/2F迟，故C,w,F=F时，解得B=√0(3)磁通量的变化量磁通量的变化率50V,A项错误；频率=100xHz=50Hz,2π(4)只要穿过闭合电路的磁通量发生变化，闭D三项错误，B项正确。合电路中就有感应电流产生；感应电动势大B项错误；有效值E-0V=25V2V,C项7.AD【解析】由右手定则可知，两者进入磁√2小与磁通量的变化快慢有关场的过程中都产尘逆时针方向的电流，A项2π【解析】(1)闭合回路，当磁通量发生变化正确：周期T-100元s-0.02s,D项正确。正确；刚进人磁场时，由机械能守恒定律有时，会产生感应电流，电流表指针发生偏转2.AD【解析】摇动手柄以每分钟60圈的转mgh=之mw,解得=√2gh,则此时两者速速匀速转动，即n=60r/min=1r/s,角速度(2)通过电流表的电流大小1一及意，知电流w大=2π=2πrad/s,大轮与小轮通过皮带相度相同，根据R=ρ5，m=p噬SL,解得R表指针的偏转角与感应电动势的大小成连，与皮带接触的点线速度大小相等，由？一9mL少L2,则a、b的电阻之比为42：62=正比。(3)将条形磁铁从同一高度插入到线圈中同,可知器一癸一品，则小轮转动的角速度4:9,设a的电阻为4R,b的电阻为9R,则线：一位置，快速插入和缓慢插入磁通量的变化w小=l0w大=20πrad/s,故产生交流电的频·72·23XKA(新)·物理一B版一XJC

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