1、[九师联盟] 2024届高三3月质量检测物理W试题1、九师联盟 2024届高三12月质量检测物理S试题1、九师联盟 2024届高三12月质量检测物理X试题1、九师联盟2024届高三12月质2、[九师联盟]2024届高三2月开学考物理W答案1、[九师联盟]2024届高三12月质量检测物理A答案1、[九师联盟]2024届高三12月质量检测物理W答案1、九师联盟 2024届高三13、九师联盟 2024届高三2月质量检测历史A答案1、[九师联盟]2024届高三2月开学考生物(湖北)答案1、[九师联盟]2024届9月高三开学考(LG)英语答案全国教辅类一级报纸二NGLISH4、九师联盟 2024届高三3月质量检测政治L答案1、[九师联盟]2024届高三12月质量检测巩固卷[XG/LG/(新教材-L)G]政治(新教材-L)G答案1、九师联盟·2024届高三10月质量检测巩固卷(XG）生物5、[1号卷]A10联盟2024届高三4月质量检测考试答案(物理)1、[九师联盟]2024届高三1月质量检测物理(新教材-L)答案1、[九师联盟]2024届高三12月质量检测巩固卷[XG/LG/(新教材-L)G]历史LG试题

位正电荷从电源正极经外电路移到负极所做的功.路端电压是所|欧姆定律，数学表达式为U=E一Ir,其中U为路端电压，Ir为电有负载两端的电压，实际上就是外电路两端的电压.源的内电压，也称为内压降.对于确定的电源来说，电动势E和内为了更好地理解这两个概念，可以想象电动势是电源内部的|电阻r都是一定的.从这个表达式可以看出，路端电压U跟电路“工作压力”，而路端电压是这一压力在外电路中的“表现”电动中的电流有关系.当电流I增大时，内压降Ir增大，路端电压U势关注的是电源内部非静电力如何将其他形式的能量转换为电就减小；反之，当电流I减小时，路端电压U就增大.这种关系是能，而路端电压则反映了这一能量在外电路中的实际分布和使用月线性的，即路端电压与电流之间存在直接的线性关系.情况。此外，路端电压与电流的关系也可以通过U一I图像来表示，此外，电动势和路端电压的本质区别在于它们的能量转化方这条图像是一条倾斜的直线，该直线与纵轴交点的纵坐标表示电向不同：电动势是其他形式的能量转变为电能的过程，而路端电动势，斜率的绝对值表示电源的内阻.这种关系在电路分析和设压则是电能转变为其他形式能量的过程(如内能、机械能或化学计中非常重要，帮助我们理解和预测电路的行为。能等).这种能量转换的方向性是两者之间的一个重要区别.7.A当R：的触头向右移动时，外电路总电阻减小，干路电流增综上所述，理解电动势和路端电压的定义、作用及其能量转大，则知电压表V2示数U2增大.电压表V，示数,U=E换的方向性，是避免混淆这两个概念的关键.通过深入理解电源-I(R2十r),I增大,U减小，由于路端电压随外电阻减小的物理作用和非静电力在能量转换中的作用，可以更清晰地把握而减小，则知路端电压减小,即U十U2减小，则知△U>这两个物理量的本质区别.△U，故选A.4.A由图甲可知，电压表V测量电阻R。与灯泡L的电压，由8.ACD由电路图甲知，电压表V2测量路端电压，电路中电流增于灯泡阻值的变化，所以其电压随着电流的增加而增加得大时，内电压增大，路端电压减小，,所以图乙中最上面的越来越快，而电压表V2测量电阻R。的电压，所以其电压图线表示V2的电压与电流的关系.此图线的斜率大小随着电流的增加而均匀增加.由于电源内阻不计，则当滑动3.4-3.0Q=2Ω，当电流I=变阻器滑到最右边时，根据闭合电路欧姆定律可得，电源电0.1 A时，U=3.4V,则电源的电动势E=U+Ir=动势为E=5V+0.5A×20Ω=15V，A正确；由图乙可3.4V+0.1×2V=3.6V,A正确；变阻器向右滑动时，知，小灯泡正常发光时，电流为1.0A，此时小灯泡的电压R阻值变大，总电流减小，内电压减小，路端电压增大，为U,=12V-6V=6 V,则小灯泡的额定功率为 P=UI则V2读数逐渐增大，B错误；已知电流表读数在0.2A=6W，B错误；小灯泡正常发光时，滑动变阻器的电压为U以下时，电动机没有发生转动，此时电压表V的示数即1电动机内阻两端的电压，根据欧姆定律可知，电动机的=3Ω，C错误；小灯泡正常发光时的电阻为R=UL=6Ω，0.1D错误；故选 A.路中电流最小,变阻器的电阻为最大值,所以R=E5.C调节可变电阻R的阻值，电压表的示数增大，可知R与RT并联后的电阻增大,可变电阻R增大,因此可变电阻R被—rM=0.1调到较大的阻值，A错误；可变电阻R增大，则有外电路的9.(1)设行车灯的正常工作电压和工作电流为U、I,则由图可知，电阻增大，由闭合电路欧姆定律可知，干路中电流减小，电根据闭合电路欧姆定律，可得阻R2两端的电压减小，路端电压增大，路端电压等于外电E=IR。+U路的总电压，因此电阻R2两端的电压减小量小于△U，可知解得，B错误，C正确；U=-R。I+EU=-8I+40由于电阻R2两端的电压减小,因此路端电压增大，增大量在图上画出此表达式所对应的图像，得到如图所示的直线小于△U，D错误.故选C.6.BD当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时,变阻器接人↑I/A电路的电阻增小,根据串反并同,可知Li、L2变亮,L变4.0暗，A错误；由上分析可知,电压表V2读数增大，V读数3.0减小，由于路端电压减小，故可得△U>△U2，B正确；由I>UN03040由图可知直线和曲线的交点坐标为（20V,2.5A)所以行车U2=RL2，可灯的正常工作电压和工作电流分为20V,2.5A.知其值不变,D正确.故选 BD.(2)每个车灯均正常发光，则通过电动机的电流【易错点三突破】I电=4Iπ=10A路端电压随干路电流的增大而减小，呈线性关系变化.电动机的电压在闭合电路中，路端电压是指电源加在外电路两端的电压，U电=U-Uπ=220V它是静电力把单位正电荷从正极经外电路移到负极所做的功.这电动机的输入功率46

(3)根据图中数据,利用描点法作出一t图像如图。一t↑v/(m·s-1)4V0.3(4)电网电压变化,并不改变打点的周期，故加速度的测量值与实际值相比不变。0.28.解:第一级火箭脱离时，卫星的速度大小=αt=20×80 m/s=1600 m/s (6 分)0.1第二级火箭点火时，卫星的速度大小v=－αzt=1600m/s-10×10 m/s=1500 m/s (6 分)0.1 0.2 0.3 0.4 0.5 0.6 t/s第二级火箭脱离时，卫星的速度大小=v十αgt=1500m/s十50X140 m/s=8500 m/s。 (6 分)9.解：(1)选取滑块初速度的方向为正方向,滑块在光滑斜面上做匀变速直线运动,则有=Uoat (3分)已知t=5s时,u=12 m/s （1分)解得滑块的加速度α=一1.6 m/s²²(3 分)则滑块的加速度大小为1.6 m/s²。(1 分)(2)3.5s末,滑块的速度v2=vo十at2,其中 t2=3.5s（3 分)解得v2=14.4 m/s。 (3 分)(3)滑块在斜面上运动的加速度始终不变,则有=vo十at(3分)当滑块的速度大小为 4 m/s,方向沿斜面向上时,滑块的速度 v=4 m/s²(1 分)代入公式解得滑块运动的时间t=10s(2 分)当滑块的速度大小为4 m/s,方向沿斜面向下时,滑块的速度v4=一4 m/s²（1 分)代入公式解得滑块运动的时间t4=15s。(3 分)·8.25ZC·物理－R－必修第一册－N(智能化)

A.前表面的电势比后表面的电势高届高三物理测试卷微专题·2025B.自由电子所受洛伦兹力的大小前表面h微专题十三带电粒子复合场中的运动C.用这种霍尔元件探测某空间的磁场时，霍尔元件的摆放方向对U：无影响、选择题（本题共10小题，每小题6分，共60分，其中1～7题是单选题，8～10题是D.若该元件单位体积内的自由电子个数为n，则发生霍尔效应时，元件前后表面的多选题）BI6.工业上常用电磁流量计来测量高黏度及强腐蚀性流体的流量Q(单位时间内流过管道横截面的液体体积），原理如图甲所示，在非磁性材料做成的圆管处加一磁感应强做匀速直线运动.下列粒子分别自口点沿中轴线射人，能够做匀度大小为B的匀强磁场，当导电液体流过此磁场区域时，测出管壁上下M、N两点速直线运动的是(所有粒子均不考虑重力的影响)间的电势差U，就可计算出管中液体的流量.为了测量某工厂的污水排放量，技术人A.以速度射入的正电子(e)员在充满污水的排污管末端安装了一个电磁流量计，如图乙所示，已知排污管和电B.以速度u射入的电子(e)2C.以速度2射人的氙核(H)D.以速度 4u射入的α粒子(He)10 m/s时，其流量约为280 m²/h,若某段时间内通过电磁流量计的流量为70 m²/h,2.在如图所示的电路中,开关S闭合.两行金属极板a、b间有匀强磁场，一带电粒子则在这段时间内排污管电磁流量计以速度水匀速穿过两极板，不计粒子所受重力.下列说法正确的是A.M点的电势一定低于N点的电势A.该粒子一定带正电B.通过排污管的污水流量约为140m²/h广B.仅增大粒子的速度,粒子一定向α 板偏转C.排污管内污水的速度约为2.5m/sxxNxxC.仅将滑动变阻器的滑片P向下移动，粒子-一定向6 板偏转D.电势差U与磁感应强度B 之比约为D.仅增大粒子所带电荷量，粒子一定仍沿水方向穿过两极板ST甲0.25 m² /s乙3.粗糙水地面上方存在着方向竖直向下的匀强电场,MN边界的左边存在着如图所7.空间同时存在匀强电场和匀强磁场.匀强电场的方向Ay示的匀强磁场，一带电滑块(可视为质点)以速度向右匀速运动.已知电场强度为沿y轴正方向,电场强度大小为E;磁场方向垂直纸面向外.质量为m、电荷量为十α的粒子（重力不计）从坐E,磁感应强度 B=标原点0由静止释放，释放后，粒子恰能沿图2中的曲向与水面夹角为 30°，根据以上条件，下列结论正确的是线运动.已知该曲线的最高点P的纵坐标为h，曲线在A.滑块带正电P 点附近的一小部分，可以看作是半径为2h的圆周上B.滑块可以带正电也可以带负电的一小段圆弧,则X√3qEhA.粒子在轴方向做匀加速运动B.粒子在最高点 P 的速度大小为C.t=√2m3g3022mEmED.在时间t内，滑块在水方向上的位移为C.磁场的磁感应强度大小为D.磁场的磁感应强度大小为VqghgVqh4.如图所示，匀强磁场垂直于纸面向里，匀强电场行于斜面向下，斜面是粗糙的.8.如图所示，磁控管内局部区域分布有水向右的匀强电场和XPx×带正电物块以某一初速度沿斜面向上滑动，经α点后到6点时速度减为零，接着又垂直纸面向里的匀强磁场.电子从M点由静止释放，沿图中所滑了下来.设物块带电荷量保持不变,则从α到6和从6回到α×示轨迹依次经过 N、P 两点.已知 M、P在同一等势面上，下列×X两过程相比较说法正确的有NA.加速度大小相等A.电子从N到P，电场力做正功×iMXaaB.N点的电势高于P点的电势B.摩擦产生热量不相同+EXC.电势能变化量的绝对值不相同C.电子从M到N，洛伦兹力不做功D.动能变化量的绝对值相同XD.电子在M点所受的合力大于在P点所受的合力5.磁敏元件在越来越多的电子产品中被使用，市场上看到的带皮套的智能手机就是使9.如图所示，空间同时存在垂直于纸面向里的匀强磁场和水向用磁性物质和霍尔元件等起到开关控制的，当打开皮套，磁体远离霍尔元件，手机屏左的匀强电场，磁感应强度大小为B，电场强度大小为E.在该XB幕亮；当合上皮套，磁体靠近霍尔元件，屏幕熄灭，手机进人省电模式.如图所示，空间的竖直面(即纸面)内固定一足够长的粗糙绝缘杆,杆与块宽度为d、长为l、厚度为h的矩形半导体霍尔元件，元件内的导电粒子是电荷量电场正方向夹角为60°.一质量为㎡、电荷量为十α的小球套在为e的自由电子，通人水向右大小为I的电流时，当手机套合上时元件处于垂直绝缘杆上，在t=O时刻以初速度u。沿杆向下运动.已知qE于上表面、方向向上且磁感应强度大小为B的匀强磁场中，于是元件的前、后表面√3mg，下列描述小球运动的u一t图像可能正确的是产生稳定电势差UH；以此来控制屏幕熄灭，则下列说法正确的是《高三·物理·微专题十三》第1页《高三·物理·微专题十三》第2页

（1）求角度α及M、N两点的电势差；意主主#（2）求N点坐标电场方向中#个四的出##共#答来要目合#不内#电话线封密由金工果金内单

（1）求角度α及M、N两点的电势差；意主主#（2）求N点坐标电场方向中#个四的出##共#答来要目合#不内#电话线封密由金工果金内单

所不有直角坐标系心中的第限内存在电场强度大小一》心NC方向行：箱指向：箱正方向的匀强电新和院感立强度大小B=02T的匀强斑场，匀强险场方向未知，图中未画出。在工销上有一足够长的荧光屏MN(图中未面出)，在y轴上的P(0,0.2m点处，一粒子发射枪（视为质点）向》轴正方向连续不断地发射大量质量m64X10”kg、电荷量9=1.6X10”C的带负电粒子（重力不计），所有粒子恰能沿y轴做匀速直线运动。现撤去电场，仅使粒子发射枪以P点为圆心在z0)面内转动，向不同方向发射粒子（整个装置都处在真空中，不考虑粒子间的相互作用）。(1)简要推断匀强磁场的方向，并求出粒子离开发射枪时的速度大小：(2)求撤去电场后，带电粒子在磁场中运动的轨迹半径；(3)求粒子打在荧光屏上的范围；(4)求打在荧光屏上最右侧的粒子在磁场中运动的时间。↑ylmE些x/m烯子烟啤7霄6401>7z721

（填正确选项前的字母）（2）物体在振动过程中，下列说法不正确的是9.某电场线分布如图所示，一带电粒子沿图中虚线所示途径运动，先后通过MA.物体在衡位置，动能最大，弹性势能最小点和N点，以下说法不正确的是B.物体在最大位移处，弹性势能最大，动能最小A.M、N点的场强EM>ENC.物体在向衡位置运动时，由于物体振幅减小，故总机械能减小B.粒子在M、N点的加速度aM>aND.在任意时刻，动能与弹性势能之和保持不变C.粒子带正电（3）若物体运动到 B处时将一质量为m的物体放到M的上面，且m和M无相对滑动而一D.粒子在M、N点的速度uM>U。（填正确选项前的字母）起运动，下列说法正确的是10.如图，A、B两个带电小球用等长绝缘细线悬挂于O点，A球固定，B球受到库 C.最大动能不变D.最大动能减小B.振幅减小A.振幅增大仑力作用与细线间成一定的夹角，若其中一个小球由于漏电，电荷量缓慢减13.（10分）如图所示，带电小球A和B放在倾角为30°的光滑绝缘斜面小，则关于A、B两球的间距和库仑力大小的变化，下列说法正确的是（OB上，质量为m=m2=1g，所带电荷量q=q2=10-7C，A带正电，B带B.间距不变，库仑力减小A.间距变小，库仑力变大A负电。沿斜面向上的恒力F作用于A球，可使A、B一起运动，且保D.间距变小，库仑力变小C.间距变小，绳子拉力不变持间距r=0. 1 m 不变,求 F。 (g 取 10 m/s²)三、非选择题（本题共5小题，共54分。）11.（9分）某物理兴趣小组利用图示装置来探究影响电荷间的静电力的因素。图甲中，A是一个带正电的物体，系在绝缘丝线上的带正电的小球会在静电力的作用下发生偏离，静电力的大小可以通过丝线偏离竖直方向的角度显示出来。他们分别进行了以下操作。14.（12分）如图所示，匀强电场E=5×10V/m，方向竖直向上。ABCD为竖直放置在电场中的绝缘导轨，整个轨道光滑，半圆形轨道BCD半径R=0.1m，B为最低点，水轨道与其相切于B点，AB=2R。一质量m=0.1 kg、电荷量q=+1×10-4 C 的小滑块以AO-.OB绝缘手柄g取10m/s²。甲乙（1）求小滑块到达圆轨道B点时对轨道的压力大小；步骤一：把系在丝线上的带电小球先后挂在横杆上的P、P2、P：等位置，比较小球在不同（2）通过计算说明小滑块能否到达最高点D点。位置所受带电物体的静电力的大小。步骤二：使小球处于同一位置，增大（或减小）小球所带的电荷量，比较小球所受的静电力的大小。（1）图甲中实验采用的方法是（填正确选项前的字母）。C.微小量放大法D.控制变量法15.（13分）一列简谐横波沿x轴传播，a、6为x轴上相距0.5m的两质点，如图甲所示。两质A.理想实验法B.等效替代法点的振动图像分别如图乙、丙所示。（2）图甲实验表明，电荷之间的静电力随着电荷量的增大而增大，随着距离的减小而y/cm(填“增大”“减小”或“不变”)。（3）接着该组同学使小球处于同一位置，增大（或减小）小球A所带的电荷量，比较小球所受作用力大小的变化。如图乙，悬挂在P点的不可伸长的绝缘细线下端有一个带电量不变的小球B，在两次实验中，均缓慢移动另一带同种电荷的小球A，当A球到达悬点P的正下方并与B在同一水线上，B处于受力衡时，悬线偏离竖直方向角度为0，若两次实乙内验中A的电量分别为91和92，0分别为45°和60°，则为（1)若波速为2.5m／s，求该波的波长入o;（2）若该波的波长满足关系0.2m

确；根据公式P=Ir，结合A选项，可知电流增大，电源内部消耗的热功率增大.C错误；由闭合电路欧姆定律U=E-I（R十r），可知，并联部分电压减小，即电容器两端电压减小，所以电容器处于放电过程，电流从6流向a.D错误11.B滑动变阻器的滑片P缓慢从α向b滑动过程中，R3接人电路的电阻变大，则总电阻变大，总电流减小，即电流表示数变小，选项A错误；将r十R等效为电源的内阻，则当R3=r+R时，滑动变阻器消耗的功率最大；因r+R>R3，则当滑动变阻器的滑片P缓慢从a向6滑动过程中，R3接人电路的电阻一直小于r十R，可知滑动变阻器消耗的功率一直增大，选项B正确；根据n=IU_U，外电阻变大，路端电压变大，则电源的IEE效率增加，选项C错误；滑动变阻器的滑片P缓慢从a向6滑动过程中，R两端电压逐渐变大，则电容器两板电压增大，电容器带电量增加，即电容器充电，即通过R2的电流方向为从c到d，选项D错误12.C根据电路知识可知，V测路端电压，V2测R电压，V测光敏电阻R2的电压，A为总电流；若增大光照强度，光敏电阻R2的阻值减小，则总电流增大，根据闭合电路欧姆定律可得U=E一Ir，电压表V的示数减小，A错误；根据闭合电路欧姆定律可得U=E-I（r+R），可知V电压减U板电容器减的电场强度减小，故导致带电液滴向下运动，B错误；根据闭合电路欧姆定律U，=EUUUU一Ir，故II左移动滑动变阻器R的滑片，电容器电压不变，故滑动变阻器R无电流，D错误13.AD当光照强度增加后，光敏电阻R。阻值减小，回路总电阻减小，电流表示数增加，选项A正确；电源内阻和定值电阻R的电压增加，电阻R的电压电流都减小，则R2的电流电压都增加，电容器两板间电压变大，则二极管导通对电容器充电，电容器电量增加，选项B错误；当光照2

确；根据公式P=Ir，结合A选项，可知电流增大，电源内部消耗的热功率增大.C错误；由闭合电路欧姆定律U=E-I（R十r），可知，并联部分电压减小，即电容器两端电压减小，所以电容器处于放电过程，电流从6流向a.D错误11.B滑动变阻器的滑片P缓慢从α向b滑动过程中，R3接人电路的电阻变大，则总电阻变大，总电流减小，即电流表示数变小，选项A错误；将r十R等效为电源的内阻，则当R3=r+R时，滑动变阻器消耗的功率最大；因r+R>R3，则当滑动变阻器的滑片P缓慢从a向6滑动过程中，R3接人电路的电阻一直小于r十R，可知滑动变阻器消耗的功率一直增大，选项B正确；根据n=IU_U，外电阻变大，路端电压变大，则电源的IEE效率增加，选项C错误；滑动变阻器的滑片P缓慢从a向6滑动过程中，R两端电压逐渐变大，则电容器两板电压增大，电容器带电量增加，即电容器充电，即通过R2的电流方向为从c到d，选项D错误12.C根据电路知识可知，V测路端电压，V2测R电压，V测光敏电阻R2的电压，A为总电流；若增大光照强度，光敏电阻R2的阻值减小，则总电流增大，根据闭合电路欧姆定律可得U=E一Ir，电压表V的示数减小，A错误；根据闭合电路欧姆定律可得U=E-I（r+R），可知V电压减U板电容器减的电场强度减小，故导致带电液滴向下运动，B错误；根据闭合电路欧姆定律U，=EUUUU一Ir，故II左移动滑动变阻器R的滑片，电容器电压不变，故滑动变阻器R无电流，D错误13.AD当光照强度增加后，光敏电阻R。阻值减小，回路总电阻减小，电流表示数增加，选项A正确；电源内阻和定值电阻R的电压增加，电阻R的电压电流都减小，则R2的电流电压都增加，电容器两板间电压变大，则二极管导通对电容器充电，电容器电量增加，选项B错误；当光照2